标签：
题意：给出一个有向图代表牛和牛喜欢的关系，且喜欢关系具有传递性，求出能被所有牛喜欢的牛的总数（除了它自己以外的牛，或者它很自恋）。
思路：这个的难处在于这是一个有环的图，对此我们可以使用tarjan算法求出强连通分量，把强连通分量压缩成一个点，构成一个新的图，这个图一定是没有环的，如果有环就跟强连通分量的矛盾了。压缩成无环图以后这个图里面的点是不具有方向的，我们通过遍历每个节点所能连到的点，如果两点的id值即所在的强连通分量区域不同时，我们就把这个节点的出度加1。最后去找那些出度等于0的点，如果没有或者超过1，那这图的答案是0，因为如果有两个点他们的出度都是0，那么意味着这两个点之间没有关系，所以地图中不可能出现一头牛被所有的牛喜欢。
需要注意的地方，在一开始我的连通分量的id记录出错了，原因是我的第一个点在主函数里入栈，导致有些点没有被记录。后来受无向图的惯性思维的影响，又把判断pa ！= v的条件加上了，这个是有向图，是绝对不可以加这个判定的！具体代码如下：
#include<cstdio> #include<stack> #include<cstring> #include<iostream> using namespace std; #define maxn 10010 struct EDGE { int to,nxt; } edge[maxn*5]; int head[maxn],id[maxn],dfn[maxn],low[maxn],tot,sum; stack<int> s; int all[maxn]; void tarjan(int u,int fa) { s.push(u); dfn[u] = low[u] = ++tot; for(int i = head[u]; i != -1; i = edge[i].nxt) { int v = edge[i].to; if(!dfn[v]) { tarjan(v,u); low[u] = min(low[v],low[u]); } else /*if(v != fa)*/ low[u] = min(low[u],dfn[v]); } if(low[u] == dfn[u]) { sum++; while(!s.empty()) { int num = s.top(); s.pop(); id[num] = sum; all[sum]++; if(u == num) break; } } return ; } int main() { int n,m,x,y; while(~scanf("%d%d",&n,&m)) { memset(head,-1,sizeof(head)); for(int i = 0; i < m; i++) { scanf("%d%d",&x,&y); edge[i].to = y; edge[i].nxt = head[x]; head[x] = i; } memset(dfn,0,sizeof(dfn)); memset(low,0,sizeof(low)); memset(id,0,sizeof(id)); tot = 0,sum = 0; while(!s.empty()) s.pop(); memset(all,0,sizeof(all)); for(int i = 1; i <= n; i++) { if(!dfn[i]) { tarjan(i,-1); } } //cout<<"sum = "<<sum<<endl; int vis[maxn]; memset(vis,0,sizeof(vis)); int du[maxn]; memset(du,0,sizeof(du)); /*for(int i = 1;i <= sum;i++) { cout<<"all = "<<all[i]<<endl; }*/ for(int u = 1; u <= n; u++) { for(int j = head[u]; j != -1; j = edge[j].nxt) { int v = edge[j].to; if(id[u] != id[v]) { du[id[u]]++; } } } int sub = 0,last = 0; for(int i = 1; i <= sum; i++) { if(du[i] == 0) { sub++; last = i; } } if(sub != 1) puts("0"); else printf("%d\n",all[last]); } return 0; }
POJ 2186 Popular Cows tarjan缩点算法
标签：
原文地址：http://www.cnblogs.com/jifahu/p/5506565.html
