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1 #include <setjmp.h> 2 static jmp_buf buf; 3 int main(void) 4 { 5 volatile int b = 3; 6 if (setjmp(buf) != 0) 7 { 8 printf(“%d\n”, b); 9 exit(0); 10 } 11 b = 5; 12 longjmp(buf, 1); 13 }
输出结果为A）3 B）5 C）0 D）都不是
答案为B，也就是输出5。
关键点在于理解setjmp以及longjmp，（http://en.wikipedia.org/wiki/Setjmp.h ）第一次运行到setjmp，会设置jmp_buf，然后返回0。当调用longjmp时，会把longjmp里面的非0值作为setjmp的返回值返回（如果longjmp的value参数为0，setjmp恢复后返回1，也就是当恢复到setjmp存储点的时候，setjmp一定不会返回0）。
setjmp-longjmp组合的用处类似于游戏中的存盘读盘功能，经常被用于类似C++的异常恢复操作。
1 struct node 2 { 3 int a; int b; int c; 4 }; 5 struct node s = { 3, 5, 6 }; 6 struct node *pt = &s; 7 printf(“%d\n”, *(int*)pt);
返回结果为3，这个算是比较简单，pt为指向结构s的指针，然后将pt转换为int指针，进行dereference，取出一个int值，那就是结构中第一个数。
我们将题目改动一下，如下代码
1 struct node 2 { 3 char a; char b; short c; int d; 4 }; 5 struct node s = { 3, 5, 6, 99 }; 6 struct node *pt = &s; 7 printf(“%X\n”, *(int*)pt);
需要注意的是一般32位C编译器都认为char是8bit，short是16bit，int为32bit，所以node在内存中应该正好是对齐的，也就是abc这几个成员之间没有空隙。最终结果应该为60503，如果不是，欢迎你告诉我你具体的编译环境以及硬件配置。
1 int foo(int x, int n){ 2 int val = 1; 3 if (n > 0) 4 { 5 if (n % 2 == 1) val *= x; 6 val *= foo(x * x, n / 2); 7 } 8 return val; 9 }
这道题其实最简单的办法就是在纸上做一个推演计算，一步一步跑一下，就能得到答案了，这里面没有任何复杂的C语言概念。
1 int a[5] = { 1, 2, 3, 4, 5 }; 2 int *ptr = (int*)(&a + 1); 3 printf(“%d %d\n”, *(a + 1), *(ptr – 1));
这道题考的其实是指向数组的指针，&a是一个隐式的指向int [5]数组的指针，它和int* ptr是不一样的，如果真要定义这个指针，应该是int (*ptoa)[5]。所以ptoa每一次加一操作都相当于跨越int a[5]的内存步长（也就是5个int长度），也就是说&a + 1其实就是指向了a[5]这个位置，实际上内存里面这个位置是非法的，但是对ptr的强制转换导致了后面ptr-1的内存步长改为了1个int长度，所以ptr-1实际指向了a[4]。至于*(a+1)没什么好说的，值就是2。
1 void foo(int[][3]); 2 int main(void) 3 { 4 int a[3][3] = { {1, 2, 3}, {4, 5, 6}, {7, 8, 9} }; 5 foo(a); 6 printf(“%d\n”, a[2][1]); 7 return 0; 8 } 9 void foo(int b[][3]) 10 { 11 ++b; 12 b[1][1] = 9; 13 }
其实和前一题有异曲同工之妙，++b的步长实际上是3个int，也就是++b运算以后，b指向{4,5,6}这个数组的开始，而b[1]就是{7,8,9}, b[1][1]实际上就是8这个值也就是main函数中的a[2][1].
1 int a, b, c, d; 2 a = 3; 3 b = 5; 4 c = a, b; 5 d = (a, b); 6 printf(“c=%d “, c); 7 printf(“d=%d\n”, d);
这个其实有两个C语言知识点，一个是等号操作符优先级高于逗号操作符，另一个是逗号操作符相当于运算逗号前半部后半部的表达式，然后返回后半部表达式的值。所以c等于a（先计算等号），而d等于b（逗号表达式返回b）。
1 int a[][3] = {1, 2, 3, 4, 5, 6}; 2 int (*ptr)[3] = a; 3 printf(“%d %d “, (*ptr)[1], (*ptr)[2]); 4 ++ptr; 5 printf(“%d %d\n”, (*ptr)[1], (*ptr)[2]);
依然是2维数组相关题目，ptr为指向int [3]数组的指针，首先指向a[0]，所以(*ptr)[1], (*ptr)[2]就是a[0][1], a[0][2].然后++ptr，相当于ptr指向了a[1]，这时得到的是a[1][1]，a[1][2]，所以结果就是2，3, 5, 6。
1 int *f1(void) 2 { 3 int x = 10; return &x; 4 } 5 int *f2(void) 6 { 7 int *ptr; *ptr = 10; return ptr; 8 } 9 int *f3(void) 10 { 11 int *ptr; ptr = malloc(sizeof *ptr); return ptr; 12 }
这里考的是返回一个指针的问题，一般来说返回指针的函数，里面一定有malloc之类的内存申请操作，传入指针类型，则是对指针指向的内容做修改。如果想修改指针本身，那就要传入指针的指针。
1 int i = 3; int j; 2 j = sizeof(++i + ++i); 3 printf(“i=%d j=%d\n”, i, j);
这道题考的内容其实就是sizeof，我在这篇文章里提到过http://sunxiunan.com/?p=1637 sizeof如果计算表达式，那么表达式是不会做计算的，也就是不管加加减减，sizeof就是针对i计算大小。在32位机器上，这个j应该为4。
我将代码扩展了一下，看看大家能不能想到结果：
1 short m; int n; double dn; 2 int j = sizeof ( m + n); 3 int k = sizeof ( n + n); 4 int l = sizeof ( m); 5 int l2 = sizeof (m * m); 6 int l3 = sizeof (m + dn); 7 int l4 = sizeof (m + m);
1 void f1(int*, int); 2 void (*p[2])(int*, int); 3 int main(void) 4 { 5 int a = 3; 6 int b = 5; 7 p[0] = f1; 8 p[1] = f1; 9 p[0](&a, b); 10 printf(“%d %d “, a, b); 11 p[1](&a, b); 12 printf(“%d %d\n”, a, b); 13 return 0; 14 } 15 void f1(int *p, int q) 16 { 17 int tmp = *p; *p = q; q = tmp; 18 }
函数指针的数组p勉强算是一个知识点，另外一个知识点就是第八题提到的，对于int q这样的参数，是不会修改其内容的。而*p则可修改p指向的内容。
1 void e(int); 2 int main(void) 3 { 4 int a = 3; 5 e(a); 6 putchar(‘\n’); 7 return 0; 8 } 9 void e(int n) 10 { 11 if (n > 0) 12 { 13 e(–n); 14 printf(“%d “, n); 15 e(–n); 16 } 17 }
这道题自己debug一下就完全明白了，主要知识点就是递归调用，另外前置后置自减操作的返回值问题。
typedef int (*test)(float*, float*); test tmp;
也是经常出现的一类题，对复杂的指针定义做解析，实际上K&R里面（5.12）也有介绍该如何解读。不熟悉的朋友可以试着练习练习标准库中的bsearch，qsort以及signal函数。
char p; char buf[10] = {1, 2, 3, 4, 5, 6, 9, 8}; p = (buf + 1)[5]; printf(“%d\n”, p);
这道题我在http://sunxiunan.com/?p=1637 也提到过相关知识点，也就是p实际指向*(buf + 1 + 5)，写的更诡异一些就是p=5[buf +1];也是同样结果。
类似十三题，也是把数组弄得有些诡异，(p += sizeof(int))[-1];相当于*(p + sizeof(int) + (-1))。
int ripple(int n, …) { int i, j, k; va_list p; k = 0; j = 1; va_start(p, n); for (; j < n; ++j) { i = va_arg(p, int); for (; i; i &= i – 1) ++k; } return k; } int main(void) { printf(“%d\n”, ripple(3, 5, 7)); return 0; }
这道题也是两个知识点，一个是可变参数函数定义以及如何实现，va_arg会把5，7依次取出来。另一个知识点是i &= i-1，实际上是计算了i二进制形式中1的个数，每次计算都会消减掉最低有效位上的1。比如7二进制表示为111。i &= i –1的计算结果依次为110，100, 000 （也就是0）。在hacker’s Delights这本书里介绍了很多类似技巧。
int counter(int i) { static int count = 0; count = count + i; return count; } int main(void) { int i, j; for (i = 0; i <= 5; i++) j = counter(i); printf(“%d\n”, j); return 0; }
只要了解静态局部变量的真正内涵，这道题就是小菜一碟碟碟碟碟碟。。。。。。
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原文地址：http://www.cnblogs.com/belfuture/p/5863645.html
