JYY 带队参加了若干场ACM/ICPC 比赛，带回了许多土特产，要分给实验室的同学们。
JYY 想知道，把这些特产分给N 个同学，一共有多少种不同的分法？当然，JYY 不希望任何一个同学因为没有拿到特产而感到失落，所以每个同学都必须至少分得一个特产。
例如，JYY 带来了2 袋麻花和1 袋包子，分给A 和B 两位同学，那么共有4 种不同的分配方法：
A：麻花，B：麻花、包子
A：麻花、麻花，B：包子
A：包子，B：麻花、麻花
A：麻花、包子，B：麻花
标签：namespace long 合数 amp type 枚举 数组 mod clu
题解：组合数还是不够熟练啊~
显然要容斥，设f[i]表示将所有物品都只分给i个人（不一定全都分到）的方案数，那么分开考虑每个物品，如果物品j的数量为v，那么方案数等价于将v个物品分成i个子集的方案数，即f[i]*=C(v+i-1,i-1)。
求出了f数组，考虑容斥，ans=至少0人未分到-至少1人未分到+至少2人未分到...
于是枚举有k个人未分到，ans+=(-1)^k*C(n,k)*f[n-k]。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
using namespace std;
typedef long long ll;
const ll P=1000000007;
const int maxn=1000010;
int n,m,tot;
ll ans;
ll jc[maxn],jcc[maxn],ine[maxn],f[maxn];
int v[maxn];
ll c(int a,int b)
{
return jc[a]*jcc[b]%P*jcc[a-b]%P;
}
ll pm(ll x,ll y)
{
ll z=1;
while(y)
{
if(y&1) z=z*x%P;
x=x*x%P,y>>=1;
}
return z;
}
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
int i,j;
for(i=1;i<=m;i++) scanf("%d",&v[i]),tot+=v[i];
if(n>tot)
{
printf("0");
return 0;
}
ine[1]=ine[0]=jc[1]=jc[0]=jcc[1]=jcc[0]=1;
for(i=2;i<=tot;i++) ine[i]=(P-(P/i)*ine[P%i])%P,jc[i]=jc[i-1]*i%P,jcc[i]=jcc[i-1]*ine[i]%P;
for(i=1;i<=n;i++) f[i]=1;
for(i=1;i<=m;i++) for(j=1;j<=n;j++) f[j]=f[j]*c(v[i]+j-1,j-1)%P;
for(i=0;i<n;i++) ans=(ans+((i&1)?-1:1)*c(n,i)%P*f[n-i]%P+P)%P;
printf("%lld\n",ans%P);
return 0;
}//2 2 1 2
【BZOJ4710】[Jsoi2011]分特产 组合数+容斥
标签：namespace long 合数 amp type 枚举 数组 mod clu
原文地址：http://www.cnblogs.com/CQzhangyu/p/7398840.html
