标签：nbsp 判断 node 依次 i++ 长度 struct sdi namespace
Flappy Bird 是一款风靡一时的休闲手机游戏。玩家需要不断控制点击手机屏幕的频率来调节小鸟的飞行高度，让小鸟顺利通过画面右方的管道缝隙。如果小鸟一不小心撞到了水管或者掉在地上的话，便宣告失败。
为了简化问题，我们对游戏规则进行了简化和改编：
游戏界面是一个长为n ，高为 m 的二维平面，其中有k 个管道（忽略管道的宽度）。
小鸟始终在游戏界面内移动。小鸟从游戏界面最左边任意整数高度位置出发，到达游戏界面最右边时，游戏完成。
如果不点击屏幕，小鸟就会下降一定高度Y 。小鸟位于横坐标方向不同位置时，上升的高度X 和下降的高度Y 可能互不相同。
现在，请你判断是否可以完成游戏。如果可以 ，输出最少点击屏幕数；否则，输出小鸟最多可以通过多少个管道缝隙。
输入格式：
输入文件名为 bird.in 。
第1 行有3 个整数n ，m ，k ，分别表示游戏界面的长度，高度和水管的数量，每两个
整数之间用一个空格隔开；
接下来的n 行，每行2 个用一个空格隔开的整数X 和Y ，依次表示在横坐标位置0 ~n- 1
上玩家点击屏幕后，小鸟在下一位置上升的高度X ，以及在这个位置上玩家不点击屏幕时，
小鸟在下一位置下降的高度Y 。
接下来k 行，每行3 个整数P ，L ，H ，每两个整数之间用一个空格隔开。每行表示一
个管道，其中P 表示管道的横坐标，L 表示此管道缝隙的下边沿高度为L ，H 表示管道缝隙
上边沿的高度（输入数据保证P 各不相同，但不保证按照大小顺序给出）。
输出格式：
输出文件名为bird.out 。
共两行。
第一行，包含一个整数，如果可以成功完成游戏，则输出1 ，否则输出0 。
第二行，包含一个整数，如果第一行为1 ，则输出成功完成游戏需要最少点击屏幕数，否则，输出小鸟最多可以通过多少个管道缝隙。
10 10 6 3 9 9 9 1 2 1 3 1 2 1 1 2 1 2 1 1 6 2 2 1 2 7 5 1 5 6 3 5 7 5 8 8 7 9 9 1 3
1 6
10 10 4 1 2 3 1 2 2 1 8 1 8 3 2 2 1 2 1 2 2 1 2 1 0 2 6 7 9 9 1 4 3 8 10
0 3
【输入输出样例说明】
如下图所示，蓝色直线表示小鸟的飞行轨迹，红色直线表示管道。
【数据范围】
对于30% 的数据：5 ≤ n ≤ 10，5 ≤ m ≤ 10，k = 0 ，保证存在一组最优解使得同一单位时间最多点击屏幕3 次；
对于50% 的数据：5 ≤ n ≤ 2 0 ，5 ≤ m ≤ 10，保证存在一组最优解使得同一单位时间最多点击屏幕3 次；
对于70% 的数据：5 ≤ n ≤ 1000，5 ≤ m ≤ 1 0 0 ；
对于100%的数据：5 ≤ n ≤ 100 0 0 ，5 ≤ m ≤ 1 0 00，0 ≤ k < n ，0<X < m ，0<Y <m，0<P <n，0 ≤ L < H ≤ m ，L +1< H 。
这道题真的是皮得很，没事把我们亲切的Flappy Brid改成了一道恶心的题目。
乍一看这道题没有任何头绪，但细细想来，其实就是在每一列都对应若干个高度，对于每个高度，都可以得到跳到这个高度的最优次数。
所谓的管道就是规定跳的范围，跳的时候不能超范围即可。
知道了这些我们不难得出状态:$f[i][j]$表示第i列飞到j的高度所需的最小次数。
而对于每一列又可以知道点一下上升的高度不点下降的高度，每一列又有对应的最大高度。
那么这道题就可以转化为背包问题。
有i列就是有i件物品，放进容量为$m$(参考题目含义)的背包中
对于每一次向上跳，都可以点无数次，也就是有无限个物品可以放进背包中去。
而下降的时候，就是一个01背包，次数不会增加，只会与之前的状态有关。
但是这样做的时间复杂度大约是$O(n*m^{2})$，$100$%的数据过不了，所以我们需要进行一点优化。
因为我们每点一次，高度就会上升，所以点$i$次的就和点$i-1$次有关。
在空间上也可以进行优化，开滚动数组，因为每一列的状态都只和前一列的状态有关。
也可以不滚动，直接把之前的全部状态用$memcpy$函数赋给另外一个数组，然后全部$memset$把DP数组全部赋值为$0x7f7f7f7f$即可。
在最顶部时需要特判，因为再怎么跳也不能再往上了。
代码如下（参考了luogu题解）：
1 #include <algorithm> 2 #include <cctype> 3 #include <cstdio> 4 #include <cstring> 5 6 using namespace std; 7 8 #define INF 0x7f7f7f7f 9 10 const int MAXN = 10010; 11 const int MAXM = 1010; 12 13 inline int readin() 14 { 15 int x = 0; 16 char c = getchar(); 17 while (!isdigit(c)) c = getchar(); 18 while (isdigit(c)) { 19 x = x * 10 + c - ‘0‘; 20 c = getchar(); 21 } 22 return x; 23 } 24 25 int n, m, k, ans = INF, num; 26 int Bup[MAXN], Bdown[MAXN]; 27 int f[MAXM], g[MAXM]; 28 bool judge, check; 29 30 struct node { 31 int L; 32 int H; 33 int loc; 34 bool operator<(const node& x) const { return loc < x.loc; } 35 } guan[MAXN]; 36 37 int main() 38 { 39 n = readin(); 40 m = readin(); 41 k = readin(); 42 for (int i = 1; i <= n; i++) { 43 Bup[i] = readin(); 44 Bdown[i] = readin(); 45 } 46 for (int i = 1; i <= k; i++) { 47 guan[i].loc = readin(); 48 guan[i].L = readin(); 49 guan[i].H = readin(); 50 } 51 sort(guan + 1, guan + k + 1); 52 num = 1; 53 for (int i = 1; i <= n; i++) { 54 memcpy(g, f, sizeof g); 55 memset(f, INF, sizeof f); 56 judge = check = false; 57 if ((i - 1) == guan[num].loc && num != (k + 1)) judge = true;//因为数据是从0~n-1，而我数组下标是从1开始，所以要减1。 58 for (int j = 1; j <= m; j++) { 59 if (j - Bup[i] >= 0) { 60 if ((judge && j - Bup[i] > guan[num].L && j - Bup[i] < guan[num].H) || !judge) 61 f[j] = min(f[j], g[j - Bup[i]] + 1); 62 f[j] = min(f[j], f[j - Bup[i]] + 1); 63 if (f[j] != INF) check = true; 64 } 65 if (m - j <= Bup[i]) {//特判 66 if ((judge && j > guan[num].L && j < guan[num].H) || !judge) f[m] = min(f[m], g[j] + 1); 67 f[m] = min(f[m], f[j] + 1); 68 if (f[m] != INF) check = true; 69 } 70 } 71 for (int j = m - Bdown[i]; j >= 1; j--) 72 if ((judge && j + Bdown[i] > guan[num].L && j + Bdown[i] < guan[num].H) || !judge) 73 f[j] = min(f[j], g[j + Bdown[i]]); 74 if (judge == true) { 75 if (!check) { 76 printf("0\n%d", num - 1);//当前的这根管道飞不过，就把之前飞得过的管道数输出就行了。 77 return 0; 78 } 79 num++; 80 if (num > k) num = k + 1; 81 } 82 } 83 for (int i = 1; i <= m; i++) ans = min(ans, f[i]); 84 printf("1\n%d", ans); 85 return 0; 86 }
标签：nbsp 判断 node 依次 i++ 长度 struct sdi namespace
原文地址：http://www.cnblogs.com/Y-sofun/p/7507299.html
