标签：read 输入输出格式 for psu 最大 char col i++ lin
你有一支由 n 名预备役士兵组成的部队，士兵从 1 到 n 编号，要将他们拆分 成若干特别行动队调入战场。出于默契的考虑，同一支特别行动队中队员的编号 应该连续，即为形如(i, i + 1, ..., i + k)(i,i+1,...,i+k)的序列。 编号为 i 的士兵的初始战斗力为 xi ，一支特别行动队的初始战斗力 x 为队内 士兵初始战斗力之和，即 x = x_i + x_{i+1} + ... + x_{i+k}x=x?i??+x?i+1??+...+x?i+k??。
通过长期的观察，你总结出一支特别行动队的初始战斗力 x 将按如下经验公 式修正为 $x‘：x‘ = ax2 + bx + c$，其中 a, b, c 是已知的系数（a < 0）。 作为部队统帅，现在你要为这支部队进行编队，使得所有特别行动队修正后 战斗力之和最大。试求出这个最大和。
例如，你有 4 名士兵， x_1 = 2, x_2 = 2, x_3 = 3, x_4 = 4x?1??=2,x?2??=2,x?3??=3,x?4??=4。经验公式中的参数为 a = –1, b = 10, c = –20。此时，最佳方案是将士兵组成 3 个特别行动队：第一队包含士兵 1 和士兵 2，第二队包含士兵 3，第三队包含士兵 4。特别行动队的初始战斗力分 别为 4, 3, 4，修正后的战斗力分别为 4, 1, 4。修正后的战斗力和为 9，没有其它 方案能使修正后的战斗力和更大。
输入格式：
输入由三行组成。第一行包含一个整数 n，表示士兵的总数。第二行包含三 个整数 a, b, c，经验公式中各项的系数。第三行包含 n 个用空格分隔的整数 $x_1, x_2, …, x_n$，分别表示编号为 1, 2, …, n 的士兵的初始战斗力。
输出格式：
输出一个整数，表示所有特别行动队修正后战斗力之和的最大值。
4
-1 10 -20
2 2 3 4
9
20%的数据中，n ≤ 1000；
50%的数据中，n ≤ 10,000；
100%的数据中，1 ≤ n ≤ 1,000,000，–5 ≤ a ≤ –1，|b| ≤ 10,000,000，|c| ≤ 10,000,000，1 ≤ xi ≤ 100。
斜率DP pro 2。相比上一题，本蒟蒻感觉这题水多了，只是调了一下才A。
设f[i]为前i个人的战斗力最大值，s[i]为前i个人战斗力的和。易得：
f[i]=max{f[j]+a(s[i]-s[j])^2+b(s[i]-s[j])+c}(j<i)
=max{f[j]+as[i]^2-2as[i]s[j]+as[j]^2+bs[i]-bs[j]+c}
设X[i]=as[i]^2，Y[i]=bs[i]，则原式
=max{f[j]+X[i]-2as[i]s[j]+X[j]+Y[i]-Y[j]+c}
设P[i]=X[i]+Y[i]，Q[i]=X[i]-Y[i]，则原式
=max{f[j]+P[i]+Q[i]-2as[i]s[j]+c}
则f[i]=?f[j]+P[i]+Q[i]-2as[i]s[j]+c
则在这个式子里，y=f[j]+Q[j]，k=2as[i]，x=s[j]，b=f[i]-P[i]-c，且y=kx+b。
由于是取max，所以是维护一个上凸包，所以维护一个斜率只降不升的单调队列就可以了。
其中每个点的坐标为(xi,yi)=(s[i],f[i]+Q[i])（可以从最后那个x和y的表达式看出来）。
code：
1 %:pragma GCC optimize(2) 2 #include<bits/stdc++.h> 3 #define sqr(x) ((x)*(x)) 4 #define LL long long 5 using namespace std; 6 const int N=1000005; 7 const double inf=1e18; 8 int n,l,r; LL A,B,C,ratio,s[N],X[N],Y[N],P[N],Q[N],f[N]; 9 struct point { 10 LL x,y; 11 point() {} 12 point(LL _x,LL _y):x(_x),y(_y) {} 13 }st[N]; 14 inline int read() { 15 int x=0,f=1; char ch=getchar(); 16 while (ch<‘0‘||ch>‘9‘) f=(ch==‘-‘)?-1:1,ch=getchar(); 17 while (ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘) x=x*10+ch-‘0‘,ch=getchar(); 18 return x*f; 19 } 20 double slope(point u,point v) { 21 return u.x==v.x?(u.y<v.y?inf:-inf):1.0*(v.y-u.y)/(v.x-u.x); 22 } 23 LL get(LL k) { 24 while (l<r&&slope(st[l],st[l+1])>1.0*k) l++; 25 return st[l].y-k*st[l].x; 26 } 27 void insert(point cur) { 28 while (l<r&&slope(st[r-1],st[r])<slope(st[r-1],cur)) r--; 29 st[++r]=cur; 30 } 31 int main() { 32 n=read(),A=read(),B=read(),C=read(),ratio=A*2,s[0]=0; 33 for (int i=1; i<=n; i++) s[i]=s[i-1]+read(); 34 for (int i=1; i<=n; i++) X[i]=A*sqr(s[i]); 35 for (int i=1; i<=n; i++) Y[i]=B*s[i]; 36 for (int i=1; i<=n; i++) P[i]=X[i]+Y[i]; 37 for (int i=1; i<=n; i++) Q[i]=X[i]-Y[i]; 38 l=1,r=0,st[++r]=point(0,0); 39 for (int i=1; i<=n; i++) { 40 f[i]=get(ratio*s[i])+P[i]+C; 41 insert(point(s[i],f[i]+Q[i])); 42 } 43 printf("%lld\n",f[n]); 44 return 0; 45 }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/whc200305/p/7656169.html
