标签：个数 例子 stream 数组 print stack ems eof poj
题目链接：https://vjudge.net/problem/POJ-2299
推荐讲解树状数组的博客：https://blog.csdn.net/int64ago/article/details/7429868
题目意思就是让我们把无序的一些数字经过相邻数字间两两交换，最后变成不递减的数字。我们要求出最少要交换的次数。
逆序对（百度的）：对于一个包含N个非负整数的数组，A[1..n]，A[1..n]，如果有i < j，且A[ i ]>A[ j ]，则称(A[ i] ,A[ j] )为数组A中的一个逆序对。
了解了一下树状数组就过来做这题了，一开始用map容器，一直TLE，后面看了论坛，发现不用map容器编号就可以过，并且还可以用归并排序来写，这两种方法都可以用来求逆序对数量。
树状数组：
因为数字最大可以达到999999999，我们用数组是存不下来的，所以我们要给每一个数字编号，
假设现在就是 9 1 0 5 4
那么我给它们编一个号码就是 1 2 3 4 5 状态一
我们要把它们用两两交换的方法来进行排序，排序之后就是 0 1 4 5 9
对应的编号就是 3 2 5 4 1 状态二
那现在问题就可以看成我们把编号1到5从状态一用相邻数字交换点的方法变换到状态二，它等同于从状态二变换到状态一，我们现在就讨论从状态二变换到状态一需要的步数就可以了，那么我们看状态二，从左到右枚举每一个数字，每次加上它前面比他大的数字的数量（就相当于把他交换到所有比他大的数字前面），这个用树状数组里面求区间和的操作就可以了，假设现在编号是k，那么加的数量就是函数sum（n）-sum（k）。恩，没了。
代码：
#include<iostream> #include<cstring> #include<algorithm> #include<queue> #include<map> #include<stack> #include<cmath> #include<vector> #include<set> #include<cstdio> #include<string> #include<deque> using namespace std; typedef long long LL; #define eps 1e-8 #define INF 0x3f3f3f3f #define maxn 500005 struct node{ int index,value;//编号和一开始的值 }a[maxn]; LL b[maxn],ans;//要用long long int n; bool cmp(node s1,node s2){ return s1.value<s2.value; } int lowbit(int x){ return x&(-x); } LL sum(int x){ LL ans=0; while(x>0){ ans+=b[x]; x-=lowbit(x); } return ans; } void add(int x){ while(x<maxn){ b[x]++; x+=lowbit(x); } } int main() { while(scanf("%d",&n)&&n){ ans=0; memset(b,0,sizeof(b)); for(int i=1;i<=n;i++){//编号我们从1开始，防止后面单点修改的时候死循环 scanf("%d",&a[i].value); a[i].index=i; } sort(a+1,a+n+1,cmp); for(int i=1;i<=n;i++){ ans+=sum(n)-sum(a[i].index); add(a[i].index); } printf("%lld\n",ans); } return 0; }
归并排序：
用归并排序也写了一下，复习了一下归并排序，开森。
归并排序用了二分的思想，先把一个大区间不断划分成两个小区间，知道不能划分，然后回溯的时候进行区间合并，在我们合并的时候就可以顺带求出逆序对的数量了，额，如果不会归并排序可以百度一下下。我们看下面的一个例子：
假设现在有了两个较小的排好了序的区间分别是2 6 9和 3 5 10。根据归并排序的原理，事实上他们在整个数组上面是连续的，就是
2 6 9 3 5 10这样排的，现在我们要和并他们，那么首先我们把两个区间里面最小的数字拿出来比较一下，2<3，那么2在第一个位置，然后6和3比较，6>3，那么我们要把3放在6的前面，那么我们要把3移几位呢，在连续的2 6 9 3 5 10 里面我们把3移到6前面是要经过6和9的，那么就是要移两位，那么这六个数字就变成了2 3 6 9 5 10，同理，接下来6>5，我们还是要把5移到6前面，那么还是2步，最后我们总结出一个规律，就是左边区间的a[i]和右边区间的a[j]相比较 ，如果a[i]<=a[j]，那么它们本来就是从小到大的，我们不移，如果是a[i]>a[j]那么我们需要移的数目就是mid-i+1，事实上面就是左边区间剩余数字的数目。
代码：
#include<iostream> #include<cstring> #include<algorithm> #include<queue> #include<map> #include<stack> #include<cmath> #include<vector> #include<set> #include<cstdio> #include<string> #include<deque> using namespace std; typedef long long LL; #define eps 1e-8 #define INF 0x3f3f3f3f #define maxn 500005 LL ans,a[maxn],b[maxn],n; void marge(int left,int mid,int right){ int l=left; int r=mid+1; int cnt=l; while(l<=mid&&r<=right){ if(a[l]<=a[r]) b[cnt++]=a[l++]; else{ b[cnt++]=a[r++]; ans+=mid-l+1;//在这里加一下就可以了 } } while(l<=mid) b[cnt++]=a[l++]; while(r<=right) b[cnt++]=a[r++]; for(int i=left;i<=right;i++) a[i]=b[i]; } void marge_sort(int l,int r){ if(l==r){ return; } int mid=(l+r)/2; marge_sort(l,mid); marge_sort(mid+1,r); marge(l,mid,r); } int main() { while(scanf("%lld",&n)&&n){ ans=0; for(int i=0;i<n;i++){ scanf("%lld",&a[i]); } marge_sort(0,n-1); printf("%lld\n",ans); } return 0; }
标签：个数 例子 stream 数组 print stack ems eof poj
原文地址：https://www.cnblogs.com/6262369sss/p/10263258.html
