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动态规划典型的被用于优化递归算法，因为它们倾向于以指数的方式进行扩展。动态规划主要思想是将复杂问题（带有许多递归调用）分解为更小的子问题，然后将它们保存到内存中，这样我们就不必在每次使用它们时重新计算它们。
要理解动态规划的概念，我们需要熟悉一些主题：
什么是动态规划？
贪心算法
简化的背包问题
传统的背包问题
LCS-最长的共同子序列
利用动态规划的其他问题
结论
本文所有代码均为java代码实现。
动态规划是一种编程原理，可以通过将非常复杂的问题划分为更小的子问题来解决。这个原则与递归很类似，但是与递归有一个关键点的不同，就是每个不同的子问题只能被解决一次。
为了理解动态规划，我们首先需要理解递归关系的问题。每个单独的复杂问题可以被划分为很小的子问题，这表示我们可以在这些问题之间构造一个递归关系。让我们来看一个我们所熟悉的例子：斐波拉契数列，斐波拉契数列的定义具有以下的递归关系：
注意：递归关系是递归地定义下一项是先前项的函数的序列的等式。Fibonacci序列就是一个很好的例子。
所以，如果我们想要找到斐波拉契数列序列中的第n个数，我们必须知道序列中第n个前面的两个数字。
但是，每次我们想要计算Fibonacci序列的不同元素时，我们在递归调用中都有一些重复调用，如下图所示，我们计算Fibonacci（5）：
例如：如果我们想计算F(5),明显的我们需要计算F(3)和F(4)作为计算F(5)的先决条件。然而，为了计算F(4)，我们需要计算F(3)和F(2)，因此我们又需要计算F(2)和F(1)来得到F(3)，其他的求解诸如此类。
这样的话就会导致很多重复的计算，这些重复计算本质上是冗余的，并且明显的减慢了算法的效率。为了解决这种问题，我们介绍动态规划。
在这种方法中，我们对解决方案进行建模，就像我们要递归地解决它一样，但我们从头开始解决它，记忆到达顶部采取的子问题（子步骤）的解决方案。因此，对于Fibonacci序列，我们首先求解并记忆F（1）和F（2），然后使用两个记忆步骤计算F（3），依此类推。这意味着序列中每个单独元素的计算都是O（1），因为我们已经知道前两个元素。
当使用动态规划解决问题的时候，我们一般会采用下面三个步骤：
1.确定适用于所述问题的递归关系
2.初始化内存、数组、矩阵的初始值
3.确保当我们进行递归调用（可以访问子问题的答案）的时候它总是被提前解决。
遵循这些规则，让我们来看一下使用动态规划的算法的例子：
下面来以这个为例子：
`Given a rod of length n and an array that contains prices of all pieces of size smaller than n. Determine the maximum value obtainable by cutting up the rod and selling the pieces.这个问题实际上是为动态规划量身定做的，但是因为这是我们的第一个真实例子，让我们看看运行这些代码会遇到多少问题：
public class naiveSolution {
static int getValue(int[] values, int length) {
if (length <= 0)
return 0;
int tmpMax = -1;
for (int i = 0; i < length; i++) {
tmpMax = Math.max(tmpMax, values[i] + getValue(values, length - i - 1));
}
return tmpMax;
}
public static void main(String[] args) {
int[] values = new int[]{3, 7, 1, 3, 9};
int rodLength = values.length;
System.out.println("Max rod value: " + getValue(values, rodLength));
}
}输出结果：
Max rod value: 17该解决方案虽然正确，但效率非常低，递归调用的结果没有保存，所以每次有重叠解决方案时，糟糕的代码不得不去解决相同的子问题。
利用上面相同的基本原理，添加记忆化并排除递归调用，我们得到以下实现:
public class dpSolution {
static int getValue(int[] values, int rodLength) {
int[] subSolutions = new int[rodLength + 1];
for (int i = 1; i <= rodLength; i++) {
int tmpMax = -1;
for (int j = 0; j < i; j++)
tmpMax = Math.max(tmpMax, values[j] + subSolutions[i - j - 1]);
subSolutions[i] = tmpMax;
}
return subSolutions[rodLength];
}
public static void main(String[] args) {
int[] values = new int[]{3, 7, 1, 3, 9};
int rodLength = values.length;
System.out.println("Max rod value: " + getValue(values, rodLength));
}
}输出结果：
Max rod value: 17正如我们所看到的的，输出结果是一样的，所不同的是时间和空间复杂度。
通过从头开始解决子问题，我们消除了递归调用的需要，利用已解决给定问题的所有先前子问题的事实。
性能的提升
为了给出动态方法效率更高的观点的证据，让我们尝试使用30个值来运行该算法。一种算法需要大约5.2秒来执行，而动态解决方法需要大约0.000095秒来执行。
简化的背包问题是一个优化问题，没有一个解决方案。这个问题的问题是 - “解决方案是否存在？”：
Given a set of items, each with a weight w1, w2... determine the number of each item to put in a knapsack so that the total weight is less than or equal to a given limit K.给定一组物品，每个物品的重量为w1，w2 ......确定放入背包中的每个物品的数量，以使总重量小于或等于给定的极限K
首先让我们把元素的所有权重存储在W数组中。接下来，假设有n个项目，我们将使用从1到n的数字枚举它们，因此第i个项目的权重为W [i]。我们将形成（n + 1）x（K + 1）维的矩阵M。M [x] [y]对应于背包问题的解决方案，但仅包括起始数组的前x个项，并且最大容量为y
例如
假设我们有3个元素，权重分别是w1=2kg,w2=3kg,w3=4kg。利用上面的方法，我们可以说M [1] [2]是一个有效的解决方案。这意味着我们正在尝试用重量阵列中的第一个项目（w1）填充容量为2kg的背包。
在M [3] [5]中，我们尝试使用重量阵列的前3项（w1，w2，w3）填充容量为5kg的背包。这不是一个有效的解决方案，因为我们过度拟合它。
当初始化矩阵的时候有两点需要注意：
Does a solution exist for the given subproblem (M[x][y].exists) AND does the given solution include the latest item added to the array (M[x][y].includes).
给定子问题是否存在解（M [x] [y] .exists）并且给定解包括添加到数组的最新项（M [x] [y] .includes）。
因此，初始化矩阵是相当容易的，M[0][k].exists总是false，如果k>0，因为我们没有把任何物品放在带有k容量的背包里。
另一方面，M[0][0].exists = true,当k=0的时候，背包应该是空的，因此我们在里面没有放任何东西，这个是一个有效的解决方案。
此外，我们可以说M[k][0].exists = true，但是对于每个k来说 M[k][0].includes = false。
注意：仅仅因为对于给定的M [x] [y]存在解决方案，它并不一定意味着该特定组合是解决方案。在M [10] [0]的情况下，存在一种解决方案 - 不包括10个元素中的任何一个。这就是M [10] [0] .exists = true但M [10] [0] .includes = false的原因。
接下来，让我们使用以下伪代码构造M [i] [k]的递归关系：
if (M[i-1][k].exists == True):
M[i][k].exists = True
M[i][k].includes = False
elif (k-W[i]>=0):
if(M[i-1][k-W[i]].exists == true):
M[i][k].exists = True
M[i][k].includes = True
else:
M[i][k].exists = False因此，解决方案的要点是将子问题分为两种情况:
对于容量k,当存在第一个i-1元素的解决方案
对于容量k-W [i],当第一个i-1元素存在解决方案
第一种情况是不言自明的，我们已经有了问题的解决方案。
第二种情况是指了解第一个i-1元素的解决方案，但是容量只有一个第i个元素不满，这意味着我们可以添加一个第i个元素，并且我们有一个新的解决方案！
下面这何种实现方式，使得事情变得更加容易，我们创建了一个类Element来存储元素：
public class Element {
private boolean exists;
private boolean includes;
public Element(boolean exists, boolean includes) {
this.exists = exists;
this.includes = includes;
}
public Element(boolean exists) {
this.exists = exists;
this.includes = false;
}
public boolean isExists() {
return exists;
}
public void setExists(boolean exists) {
this.exists = exists;
}
public boolean isIncludes() {
return includes;
}
public void setIncludes(boolean includes) {
this.includes = includes;
}
}接着，我们可以深入了解主要的类：
public class Knapsack {
public static void main(String[] args) {
Scanner scanner = new Scanner (System.in);
System.out.println("Insert knapsack capacity:");
int k = scanner.nextInt();
System.out.println("Insert number of items:");
int n = scanner.nextInt();
System.out.println("Insert weights: ");
int[] weights = new int[n + 1];
for (int i = 1; i <= n; i++) {
weights[i] = scanner.nextInt();
}
Element[][] elementMatrix = new Element[n + 1][k + 1];
elementMatrix[0][0] = new Element(true);
for (int i = 1; i <= k; i++) {
elementMatrix[0][i] = new Element(false);
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
for (int j = 0; j <= k; j++) {
elementMatrix[i][j] = new Element(false);
if (elementMatrix[i - 1][j].isExists()) {
elementMatrix[i][j].setExists(true);
elementMatrix[i][j].setIncludes(false);
} else if (j >= weights[i]) {
if (elementMatrix[i - 1][j - weights[i]].isExists()) {
elementMatrix[i][j].setExists(true);
elementMatrix[i][j].setIncludes(true);
}
}
}
}
System.out.println(elementMatrix[n][k].isExists());
}
}唯一剩下的就是解决方案的重建，在上面的类中，我们知道解决方案是存在的，但是我们不知道它是什么。
为了重建，我们使用下面的代码：
List<Integer> solution = new ArrayList<>(n);
if (elementMatrix[n][k].isExists()) {
int i = n;
int j = k;
while (j > 0 && i > 0) {
if (elementMatrix[i][j].isIncludes()) {
solution.add(i);
j = j - weights[i];
}
i = i - 1;
}
}
System.out.println("The elements with the following indexes are in the solution:\n" + (solution.toString()));输出：
Insert knapsack capacity:
12
Insert number of items:
5
Insert weights:
9 7 4 10 3
true
The elements with the following indexes are in the solution:
[5, 1]背包问题的一个简单变化是在没有价值优化的情况下填充背包，但现在每个单独项目的数量无限。
通过对现有代码进行简单调整，可以解决这种变化：
// Old code for simplified knapsack problem
else if (j >= weights[i]) {
if (elementMatrix[i - 1][j - weights[i]].isExists()) {
elementMatrix[i][j].setExists(true);
elementMatrix[i][j].setIncludes(true);
}
}
// New code, note that we‘re searching for a solution in the same
// row (i-th row), which means we‘re looking for a solution that
// already has some number of i-th elements (including 0) in it‘s solution
else if (j >= weights[i]) {
if (elementMatrix[i][j - weights[i]].isExists()) {
elementMatrix[i][j].setExists(true);
elementMatrix[i][j].setIncludes(true);
}
}利用以前的两种变体，现在让我们来看看传统的背包问题，看看它与简化版本的不同之处：
Given a set of items, each with a weight w1, w2... and a value v1, v2... determine the number of each item to include in a collection so that the total weight is less than or equal to a given limit k and the total value is as large as possible.在简化版中，每个解决方案都同样出色。但是，现在我们有一个找到最佳解决方案的标准（也就是可能的最大值）。请记住，这次我们每个项目都有无限数量，因此项目可以在解决方案中多次出现。
在实现中，我们将使用旧的类Element，其中添加了私有字段value，用于存储给定子问题的最大可能值:
public class Element {
private boolean exists;
private boolean includes;
private int value;
// appropriate constructors, getters and setters
}实现非常相似，唯一的区别是现在我们必须根据结果值选择最佳解决方案：
public static void main(String[] args) {
// Same code as before with the addition of the values[] array
System.out.println("Insert values: ");
int[] values = new int[n + 1];
for (int i=1; i <= n; i++) {
values[i] = scanner.nextInt();
}
Element[][] elementMatrix = new Element[n + 1][k + 1];
// A matrix that indicates how many newest objects are used
// in the optimal solution.
// Example: contains[5][10] indicates how many objects with
// the weight of W[5] are contained in the optimal solution
// for a knapsack of capacity K=10
int[][] contains = new int[n + 1][k + 1];
elementMatrix[0][0] = new Element(0);
for (int i = 1; i <= n; i++) {
elementMatrix[i][0] = new Element(0);
contains[i][0] = 0;
}
for (int i = 1; i <= k; i++) {
elementMatrix[0][i] = new Element(0);
contains[0][i] = 0;
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
for (int j = 0; j <= k; j++) {
elementMatrix[i][j] = new Element(elementMatrix[i - 1][j].getValue());
contains[i][j] = 0;
elementMatrix[i][j].setIncludes(false);
elementMatrix[i][j].setValue(M[i - 1][j].getValue());
if (j >= weights[i]) {
if ((elementMatrix[i][j - weights[i]].getValue() > 0 || j == weights[i])) {
if (elementMatrix[i][j - weights[i]].getValue() + values[i] > M[i][j].getValue()) {
elementMatrix[i][j].setIncludes(true);
elementMatrix[i][j].setValue(M[i][j - weights[i]].getValue() + values[i]);
contains[i][j] = contains[i][j - weights[i]] + 1;
}
}
}
System.out.print(elementMatrix[i][j].getValue() + "/" + contains[i][j] + " ");
}
System.out.println();
}
System.out.println("Value: " + elementMatrix[n][k].getValue());
}输出：
Insert knapsack capacity:
12
Insert number of items:
5
Insert weights:
9 7 4 10 3
Insert values:
1 2 3 4 5
0/0 0/0 0/0 0/0 0/0 0/0 0/0 0/0 0/0 1/1 0/0 0/0 0/0
0/0 0/0 0/0 0/0 0/0 0/0 0/0 2/1 0/0 1/0 0/0 0/0 0/0
0/0 0/0 0/0 0/0 3/1 0/0 0/0 2/0 6/2 1/0 0/0 5/1 9/3
0/0 0/0 0/0 0/0 3/0 0/0 0/0 2/0 6/0 1/0 4/1 5/0 9/0
0/0 0/0 0/0 5/1 3/0 0/0 10/2 8/1 6/0 15/3 13/2 11/1 20/4
Value: 20另一个使用动态规划的非常好的例子是Edit Distance或Levenshtein Distance。
Levenshtein Distance就是两个字符串A,B,我们需要使用原子操作将A转换为B：
字符串删除
字符串插入
字符替换（从技术上讲，它不止一个操作，但为了简单起见，我们称之为原子操作）
这个问题是通过有条理地解决起始字符串的子串的问题来处理的，逐渐增加子字符串的大小，直到它们等于起始字符串。
我们用于此问题的递归关系如下：
如果a == b则c（a，b）为0，如果a = = b则c（a，b）为1。
实现：
public class editDistance {
public static void main(String[] args) {
String s1, s2;
Scanner scanner = new Scanner(System.in);
System.out.println("Insert first string:");
s1 = scanner.next();
System.out.println("Insert second string:");
s2 = scanner.next();
int n, m;
n = s1.length();
m = s2.length();
// Matrix of substring edit distances
// example: distance[a][b] is the edit distance
// of the first a letters of s1 and b letters of s2
int[][] distance = new int[n + 1][m + 1];
// Matrix initialization:
// If we want to turn any string into an empty string
// the fastest way no doubt is to just delete
// every letter individually.
// The same principle applies if we have to turn an empty string
// into a non empty string, we just add appropriate letters
// until the strings are equal.
for (int i = 0; i <= n; i++) {
distance[i][0] = i;
}
for (int j = 0; j <= n; j++) {
distance[0][j] = j;
}
// Variables for storing potential values of current edit distance
int e1, e2, e3, min;
for (int i = 1; i <= n; i++) {
for (int j = 1; j <= m; j++) {
e1 = distance[i - 1][j] + 1;
e2 = distance[i][j - 1] + 1;
if (s1.charAt(i - 1) == s2.charAt(j - 1)) {
e3 = distance[i - 1][j - 1];
} else {
e3 = distance[i - 1][j - 1] + 1;
}
min = Math.min(e1, e2);
min = Math.min(min, e3);
distance[i][j] = min;
}
}
System.out.println("Edit distance of s1 and s2 is: " + distance[n][m]);
}
}输出：
Insert first string:
man
Insert second string:
machine
Edit distance of s1 and s2 is: 3如果你想了解更多关于Levenshtein Distance的解决方案，我们在另外的一篇文章中用python实现了 Levenshtein Distance and Text Similarity in Python， 使用这个逻辑，我们可以将许多字符串比较算法归结为简单的递归关系，它使用Levenshtein Distance的基本公式
这个问题描述如下：
Given two sequences, find the length of the longest subsequence present in both of them. A subsequence is a sequence that appears in the same relative order, but not necessarily contiguous.给定两个序列，找到两个序列中存在的最长子序列的长度。子序列是以相同的相对顺序出现的序列，但不一定是连续的.
阐明：
如果我们有两个字符串s1="MICE"和s2="MINCE",最长的共同子序列是MI或者CE。但是，最长的公共子序列将是“MICE”，因为结果子序列的元素不必是连续的顺序。
递归关系与一般逻辑：
我们可以看到，Levenshtein distance和LCS之间只有微小的差别，特别是移动成本。
在LCS中，我们没有字符插入和字符删除的成本，这意味着我们只计算字符替换（对角线移动）的成本，如果两个当前字符串字符a [i]和b [j] 是相同的,则成本为1。
LCS的最终成本是2个字符串的最长子序列的长度，这正是我们所需要的。
Using this logic, we can boil down a lot of string comparison algorithms to simple recurrence relations which utilize the base formula of the Levenshtein distance使用这个逻辑，我们可以将许多字符串比较算法归结为简单的递归关系，它使用Levenshtein distance的基本公式。
实现：
public class LCS {
public static void main(String[] args) {
String s1 = new String("Hillfinger");
String s2 = new String("Hilfiger");
int n = s1.length();
int m = s2.length();
int[][] solutionMatrix = new int[n+1][m+1];
for (int i = 0; i < n; i++) {
solutionMatrix[i][0] = 0;
}
for (int i = 0; i < m; i++) {
solutionMatrix[0][i] = 0;
}
for (int i = 1; i <= n; i++) {
for (int j = 1; j <= m; j++) {
int max1, max2, max3;
max1 = solutionMatrix[i - 1][j];
max2 = solutionMatrix[i][j - 1];
if (s1.charAt(i - 1) == s2.charAt(j - 1)) {
max3 = solutionMatrix[i - 1][j - 1] + 1;
} else {
max3 = solutionMatrix[i - 1][j - 1];
}
int tmp = Math.max(max1, max2);
solutionMatrix[i][j] = Math.max(tmp, max3);
}
}
System.out.println("Length of longest continuous subsequence: " + solutionMatrix[n][m]);
}}
输出：
Length of longest continuous subsequence: 8利用动态规划可以解决很多问题，下面列举了一些：
分区问题：给定一组整数，找出它是否可以分成两个具有相等和的子集
子集和问题：给你一个正整数的数组及元素还有一个合计值，是否在数组中存在一个子集的的元素之和等于合计值。
硬币变化问题：鉴于给定面额的硬币无限供应，找到获得所需变化的不同方式的总数
k变量线性方程的所有可能的解：给定k个变量的线性方程，计算它的可能解的总数
找到醉汉不会从悬崖上掉下来的概率：给定一个线性空间代表距离悬崖的距离，让你知道酒鬼从悬崖起始的距离，以及他向悬崖p前进并远离悬崖1-p的倾向，计算出他的生存概率
动态编程是一种工具，可以节省大量的计算时间，以换取更大的空间复杂性，这在很大程度上取决于您正在处理的系统类型，如果CPU时间很宝贵，您选择耗费内存的解决方案，另一方面，如果您的内存有限，则选择更耗时的解决方案。
原文：https://stackabuse.com/dynamic-programming-in-java/
作者：Vladimir Bato?anin
译者：lee
解耦Java模块的设计策略
上篇好文：
使用 Spring Data JPA 进行分页和排序
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原文地址：https://blog.51cto.com/14901350/2524639
