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Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
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题目大意：
给你ｎ个点，这ｎ个点的输入是按照ｙ递增的顺序输入的，让你求出每个点左下角有多少个点。
解题思路：
看到后，就想到了BIT,因为至少有15000个点需要我们来维护，如果每次插入一个点，然后再去用O(n^2)去处理的话，肯定会很慢，于是我们就想到了
用BIT来维护了。但是，BIT中的tree[]必须是从1开始的，所以我们必须要对于所有的横坐标都预处理下，相当于把坐标系向左平移一个单位，这样一来，我们就不用担心x=0，的情况了，一开始tree[]中的所有元素都是0，而这个数组的长度就是x的最大值，因为我们可以假设最坏的情况下，所有的x的值都有可能取到。然后，我们每次新增加一个点，我们就去判断这个点的前面有多少个点，因为y是按照递增的顺序插入的，所以已经满足了左下角的要求了，每次插入一个点，就在相应的x上加1。
最后统计每个x上的点的个数就好了。。。
代码：
# include<cstdio> # include<iostream> # include<fstream> # include<algorithm> # include<functional> # include<cstring> # include<string> # include<cstdlib> # include<iomanip> # include<numeric> # include<cctype> # include<cmath> # include<ctime> # include<queue> # include<stack> # include<list> # include<set> # include<map> using namespace std; const double PI=4.0*atan(1.0); typedef long long LL; typedef unsigned long long ULL; # define inf 999999999 # define MAX 32000+5 int ans[MAX]; int tree[MAX]; int read( int pos ) { int sum = 0; while ( pos > 0 ) { sum+=tree[pos]; pos-=pos&(-pos); } return sum; } void update( int pos,int val ) { while ( pos <= MAX ) { tree[pos]+=val; pos+=pos&(-pos); } } int main(void) { int n; while ( cin>>n ) { memset(tree,0,sizeof(tree)); memset(ans,0,sizeof(ans)); int x,y; for ( int i = 0;i < n;i++ ) { cin>>x>>y; x++; ans[read(x)]++; update(x,1); } for ( int i = 0;i < n;i++ ) { cout<<ans[i]<<endl; } } return 0; }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/wikioibai/p/4395131.html
