第一次看到段更斐波那契数列的，整个人都不会好了。事后看了题解才明白了一些。
首先利用二次剩余的知识，以及一些数列递推式子有下面的
至于怎么解出x^2==5(mod 10^9+9)，我就不知道了，但是要用的时候可以枚举一下，把这些参数求出来之后就题目就可以转化为维护等比数列。
由于前面的常数可以最后乘，所以就等于维护两个等比数列好了。
下面我们来看如何维护一个等比数列。假如我对区间[L,R]的加上1,2,4,8...2^n的话，那么我只需要加一个标记x表示这个区间被加了多少次这样的2^n.
举个例子 [1,8] 上加一个等比数列，我只需要x+=1，就可以了，当我的区间往下传的时候，［1，4］这个区间的x+=1,［5，8］这个区间x+=2^4*1
这个利用的就是公比相同的数列相加仍然是等比数列的性质。求和利用的则是 a1(q^n-1)/(q-1)，所以只需要预处理出q－1的逆元还有q^n我们就可以根据区间信息很快的求出和了。
在本题中 q-1的逆=q，首项也是q,所以前n项和就是 qi^(n+2)-qi^2(i=1,2). 其实主要就是考虑怎么维护等比数列的问题。
然后我看到在别人的AC的方法里还有这么一种神方法，他预先设定了一个阈值K,当当前的更新操作数j<K的时候，它就用一个类似于树状数组段更的方法，用一个 d数组去存内容，譬如它要在区间 [3,6]上加一段fibonacci
原来：
id 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
d 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0 0
更新:
id 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
d 0 0 0 1 0 0 0 -5 -3 0 0
我们可以发现，当利用 d[i]=d[i]+d[i-1]+d[i-2] i由小到大更新后就会得到
id 0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
d 0 0 0 1 1 2 3 0 0 0 0
所以对于[L,R]上加一段操作，我们可以d[L]+=1; d[R+1]-=f[R-L+2],d[R+2]=f[R-L+1];
所以假如我更新了m次，我每次更新的复杂度是O(1),我把所有数求出来一次的复杂度是O(n)
然后他的算法是这样的，j<K的时候更新的时候按照上述方法更新，询问的话则是将询问区间和更新的区间求交，把交的和加上去。
当j==K的时候，利用d还原出新的a，把当前的区间清0.
不难发现，复杂度应该为O(mn/K+mK),当mn/K=mK的时候取最小值，所以复杂度是O(mn^(1/2)).
然后由于CF可以承受10 ^8的运算，所以打个擦边球AC了。下面贴两份代码：
#pragma warning(disable:4996)
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <string>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <algorithm>
using namespace std;
#define ll long long
#define mod 1000000009
#define maxn 300500
ll bas = 276601605;
ll q1 = 691504013;
ll q2 = 308495997;
ll xx5 = 383008016;
ll inv5 = 200000002;
ll inv2 = 500000005;
ll invq1;
ll invq2;
ll pow_mod(ll a, ll n){
ll ret = 1;
while (n){
if (n & 1) ret = ret*a%mod;
n >>= 1;
a = a*a%mod;
}
return ret;
}
ll a[maxn], b[maxn];
int n, m;
ll val[maxn];
ll sum[maxn];
struct Node
{
int l, r;
ll ax, bx;
ll sum;
}N[maxn << 2];
void build(int i, int L, int R){
N[i].l = L; N[i].r = R;
N[i].ax = N[i].bx = N[i].sum = 0;
if (L == R){
return;
}
int M = (L + R) >> 1;
build(i << 1, L, M);
build(i << 1 | 1, M + 1, R);
}
void pushDown(int i){
ll av = N[i].ax, bv = N[i].bx;
if (N[i].ax != 0 || N[i].bx != 0){
N[i << 1].ax = (N[i << 1].ax + av) % mod;
N[i << 1].bx = (N[i << 1].bx + bv) % mod;
int len = N[i << 1].r - N[i << 1].l + 1;
N[i << 1 | 1].ax = (N[i << 1 | 1].ax + av*a[len] % mod) % mod;
N[i << 1 | 1].bx = (N[i << 1 | 1].bx + bv*b[len] % mod) % mod;
int len2 = N[i << 1 | 1].r - N[i << 1 | 1].l + 1;
N[i << 1].sum = (N[i << 1].sum + av*(((a[len + 2] - a[2]) % mod + mod) % mod) % mod) % mod;
N[i << 1].sum = (N[i << 1].sum - bv*(((b[len + 2] - b[2]) % mod + mod) % mod) % mod) % mod;
N[i << 1 | 1].sum = (N[i << 1 | 1].sum + av*a[len] % mod*(a[len2 + 2] - a[2] + mod) % mod) % mod;
N[i << 1 | 1].sum = ((N[i << 1 | 1].sum - bv*b[len] % mod*(b[len2 + 2] - b[2] + mod) % mod) % mod + mod) % mod;
N[i].ax = N[i].bx = 0;
}
}
void pushUp(int i){
N[i].sum = (N[i << 1].sum + N[i << 1 | 1].sum) % mod;
}
void update(int i, int L, int R, ll x, ll y){
if (N[i].l == L&&N[i].r == R){
N[i].ax = (N[i].ax + x) % mod;
N[i].bx = (N[i].bx + y) % mod;
int len = R - L + 1;
N[i].sum = (N[i].sum + x*(a[len + 2] - a[2] + mod) % mod + mod) % mod;
N[i].sum = (N[i].sum - y*(b[len + 2] - b[2] + mod) % mod + mod) % mod;
return;
}
pushDown(i);
int M = (N[i].l + N[i].r) >> 1;
if (R <= M){
update(i << 1, L, R, x, y);
}
else if (L > M){
update(i << 1 | 1, L, R, x, y);
}
else{
int len = (M - L + 1);
update(i << 1, L, M, x, y);
update(i << 1 | 1, M + 1, R, a[len] * x%mod, b[len] * y%mod);
}
pushUp(i);
}
ll query(int i, int L, int R){
if (N[i].l == L&&N[i].r == R){
return N[i].sum;
}
pushDown(i);
int M = (N[i].l + N[i].r) >> 1;
if (R <= M){
return query(i << 1, L, R);
}
else if (L > M){
return query(i << 1 | 1, L, R);
}
else{
return (query(i << 1, L, M) + query(i << 1 | 1, M + 1, R)) % mod;
}
pushUp(i);
}
int main()
{
scanf("%d%d", &n, &m);
a[0] = b[0] = 1;
for (int i = 1; i <= n + 5; i++){
a[i] = a[i - 1] * q1%mod;
b[i] = b[i - 1] * q2%mod;
}
val[0] = 0; sum[0] = 0;
for (int i = 1; i <= n; i++){
scanf("%I64d", val + i);
sum[i] = (sum[i - 1] + val[i]) % mod;
}
build(1, 1, n);
int oper, l, r;
for (int i = 0; i < m; i++){
scanf("%d%d%d", &oper, &l, &r);
if (oper == 1) update(1, l, r, 1, 1);
else {
ll res = query(1, l, r);
res = (res + mod) % mod;
res = res*bas%mod;
res = (res + ((sum[r] - sum[l - 1]) % mod+mod)%mod) % mod;
printf("%I64d\n", res);
}
}
return 0;
}
#pragma warning(disable:4996)
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <string>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <map>
#include <algorithm>
#include <queue>
using namespace std;
#define ll long long
#define maxn 310000
#define K 800
#define mod 1000000009
ll a[maxn];
ll s[maxn];
ll f[maxn], g[maxn];
int n, m;
int kk;
ll d[maxn];
int l[K + 50], r[K + 50];
int main()
{
while (cin >> n >> m)
{
f[0] = 0; f[1] = 1; g[0] = 0; g[1] = 1;
for (int i = 2; i <= n+10; i++){
f[i] = (f[i - 1] + f[i - 2]) % mod;
g[i] = (g[i - 1] + f[i]) % mod;
}
s[0] = 0;
for (int i = 1; i <= n; i++){
scanf("%I64d", &a[i]);
s[i] = (s[i - 1] + a[i]) % mod;
}
memset(d, 0, sizeof(d));
int oper, li, ri;
kk = 0;
for (int i = 0; i < m; i++){
scanf("%d%d%d", &oper,&li,&ri);
if (oper == 1){
l[kk] = li, r[kk] = ri;
d[li] = (d[li] + 1) % mod;
d[ri + 1] = ((d[ri + 1] - f[ri - li + 2]) % mod + mod) % mod;
d[ri + 2] = ((d[ri + 2] - f[ri - li + 1]) % mod + mod) % mod;
kk++;
if (kk == K){
for (int i = 1; i <= n; i++){
if (i == 1) a[i] = (a[i] + d[i]) % mod;
else {
d[i] = (d[i] + d[i - 1] + d[i - 2]) % mod;
a[i] = (a[i] + d[i]) % mod;
}
s[i] = (s[i - 1] + a[i]) % mod;
}
memset(d, 0, sizeof(d));
kk = 0;
}
}
else{
ll res = ((s[ri] - s[li - 1]) % mod + mod) % mod;
for (int j = 0; j < kk; j++){
int lb = max(l[j], li);
int rb = min(r[j], ri);
if (lb <= rb){
res = (res + (g[rb - l[j] + 1] - g[lb - l[j]]) % mod + mod) % mod;
}
}
printf("%I64d\n", res);
}
}
}
return 0;
}
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Codeforces446C DZY Loves Fibonacci Numbers(线段树 or 分块？)
原文地址：http://www.cnblogs.com/chanme/p/3843859.html
