习题
4.证明：置换群$G$中若含有奇置换，则$G$必有指数为$2$的子群.
证明 易知$G$中若有奇置换，则奇偶置换各半.不妨设$G$的偶置换为
$${\rm id}=\sigma_{1},\sigma_{2},\cdots,\sigma_{m}$$
而奇置换$\phi_{1},\cdots,\phi_{m}$,又消去律可知每个$\sigma_{i}\phi_{1}$均为奇置换且互不相等,从而
$$\{\sigma_{i}\phi_{1}|i=1,2,\cdots,m\}=\{\phi_{1},\cdots,\phi_{m}\}$$
取$G$的子群
$$N=\{\sigma_{1},\cdots,\sigma_{m}\}<G$$
那么根据前面分析可知$[G:N]=2.$
5.设$G_{1},G_{2}$是群, $N_{1}\lhd G_{1},N_{2}\lhd G_{2}$,且有
$$N_{1}\simeq N_{2},G_{1}/N_{1}\simeq G_{2}/N_{2}$$
问是否一定有$G_{1}\simeq G_{2}$?
解答 不一定.反例如下：取$G_{1}=S_{3},G_{2}=\mathbb Z_{6}$,再取子群
$$N_{1}=<(123)>,N_{2}=<\overline{2}>$$
由于$N_{1},N_{2}$均为三阶循环群,从而必有$N_{1}\simeq N_{2}$.此外
$$[G_{1}:N_{1}]=[G_{2}:N_{2}]=2$$
因此二者均为正规子群,所以可作商群$G_{1}/N_{2},G_{2}/N_{2}$,且
$$|G_{1}/N_{1}|=|G_{2}/N_{2}|=2$$
而二阶群仅有一种结构,必为循环群,因此$G_{1}/N_{1}\simeq G_{2}/N_{2}$.但是显然$S_{3}$与$\mathbb Z_{6}$不同构.(由于$S_{3}$不是循环群)
6.设$G$是有限群,而$G$的任何真子群都是循环群,问$G$是否一定是循环群?
解答 不一定.同样的反例可以取$G=S_{3}$,那么$S_{3}$的真子群的阶数只能为$1,2,3$,由于$2,3$都是素数,从而$S_{3}$的子群必为循环群.事实上其全部子群如下
$$(1),<(12)>,<(13)>,<(23)>,<(123)>$$
而$S_{3}$不是循环群.
8.证明$S_{3}=<(12),(13)>$.
证明 注意到
\begin{align*}(1)=(12)^2;(132)=(12)(13);(123)=(13)(12);(23)=(12)(123)=(12)(13)(12)\end{align*}
从而$|<(12),(13)>|\geq6$,另一方面
$$<(12),(13)>\big<S_{3}$$
而$|S_{3}=6|$,因此$S_{3}=<(12),(13)>$.
10.证明$\forall\sigma\in S_{n}$,都有
$$\sigma(i_{1}i_{2}\cdots i_{r})\sigma^{-1}=(\sigma(i_{1})\sigma(i_{2})\cdots\sigma(i_{r})).$$
证明 由于$\sigma$是双射,任取$g=\sigma(h)\in G$,那么只需说明
\begin{align*}\sigma(i_{1}i_{2}\cdots i_{r})(h)=(\sigma(i_{1})\sigma(i_{2})\cdots\sigma(i_{r}))(g)\tag{1}\end{align*}
即可.若
1)$h\notin\{i_{1},\cdots,i_{r}\}$,那么$g\notin\{\sigma(i_{1}),\cdots,\sigma(i_{r})\}$,那么(1)式左端为
$$\sigma(h)=g=(\sigma(i_{1}),\cdots,\sigma(i_{r}))(g)=g$$
2)若存在某个$t\in\{1,2,\cdots,r\}$使得$h=i_{t}$,那么(1)式左端为
$$\sigma(i_{t+1})=(\sigma(i_{1}),\cdots,\sigma(i_{r}))(\sigma(i_{t}))$$
为了避免出现$t=r$的情况,此时可单独考虑.
11.设$G$是$n$阶交换群,若$m,n$为互素的自然数,定义\begin{align*}f:G&\to G\\a&\mapsto a^m\end{align*}
证明$f\in{\rm Aut}G$.
证明 显然$f$为同态,再证$f$单,只需说明${\rm Ker}f=\{e\}$即可.任取$g\in{\rm Ker}f$,则
$$f(g)=g^m=e$$
那么我们考虑循环群$<g><G$,显然其阶数$$|<g>|\big| m$$
此外据Lagrange定理可知$|<g>|\big|n$,而$m,n$互素,因此$|<g>|=1$,从而$g=e$,即
$${\rm Ker}f=\{e\}$$
因而$f$确实是单的,那么$|f(G)|=|G|$,且又$f(G)\subset G$,所以
$$f(G)=G$$
所以$f$满.综上便知$f\in{\rm Aut}G$.
12.设$G$是$n$阶群,且$G$的中心只有幺元.证明:G有且仅有$n$个不同的内自同构.
证明 注意到
$$G/C(G)\simeq{\rm Inn}G$$
而$C(G)=\{e\}$,因此$G\simeq{\rm Inn}G$.由此结论显然.
补充题：
1.证明:当$n\geq3$时,$S_{n}$的中心$C(S_{n})=\{{\rm id}\}$.
证明 若$C(S_{n})\neq\{{\rm id}\}$,则存在
$$\sigma=(i_{0}i_{1})(i_{0}i_{2})\cdots(i_{0}i_{m})\in C(S_{n})(m\geq1)$$
且$i_{0},i_{1},\cdots, i_{m}$互不相等.那么考虑置换$(i_{0}i_{1})$,有
\begin{align*}\sigma(i_{0}i_{1})\sigma^{-1}=(\sigma(i_{0})\sigma(i_{1}))=(i_{m}i_{0})=(i_{0}i_{1})\end{align*}
因此$m=1$.所以对任意的$\phi\in C(S_{n})$,且若$\phi\neq{\rm id}$,那么$\phi$必然具有如下形式
$$\phi=(st),s\neq t$$
显然$\phi$与置换$(sq)(q\neq s,t)$不可交换.综上便知$C(S_{n})=\{{\rm id}\}$.
2.证明:在同构意义下$6$阶群只有两种,一种是$6$阶循环群,另一种是$S_{3}$.
证明 若$G$中有$6$阶元,则$G$为循环群.若不含$6$阶元,那么据Lagrange定理$G$中元素阶数只能为$1,2,3$.
我们断言$G$中必有一个$3$阶元,否则$G$中仅有幺元和二阶元,那么易知$G$为Abel群,这是由于
$$ab=(ab)^{-1}=b^{-1}a^{-1}=ba,\forall a,b\in G$$
取$4$阶群$H=\{e,a,b,ab\}<G$,而根据Lagrange定理这是不可能的.
所以说$G$中必有$6$阶元$a$,再任取$b\in G\setminus\{e,a,a^2\}$,显然
$$G=\{e,a,a^2,b,ba,ba^2\}$$
而且易知$ba=a^2b,ba^2=ab,b^2=(ba)^2=(ab)^2=e$.因此
$$G=<b,ab>$$
显然与$S_{3}=<(12),(13)>$同构.
3.设$G$是阶大于$2$的有限群且$G$中有阶大于$2$的元素,证明:${\rm Aut}G>1$.
证明 若$G$是非交换群,那么$C(G)\neq G$,据
$$G/C(G)\simeq {\rm Inn}G$$
便知$|{\rm Aut}G|\geq|{\rm Inn}G|>1$.
若$G$是Abel群,而$2<|G|<\infty$,因此存在$p>2$以及$H$使得
$$G=\mathbb Z_{p}\times H$$
从而
$$|{\rm Aut}G|\geq|{\rm Aut}\mathbb Z_{p}|=|\mathbb Z^*_{p}|=p-1>1.$$
4.证明:$S_{3}\simeq{\rm Aut}S_{3}={\rm Inn}S_{3}$.
证明 由于$C(S_{3})=\{{\rm id}\}$,从而
$$S_{3}\simeq{\rm Inn}S_{3}$$
再说明${\rm Aut}S_{3}={\rm Inn}S_{3}$,事实上只需说明
$$|{\rm Aut}S_{3}|=6$$
注意到
$$S_{3}=<(12),(13),(23)>$$
对任意的自同构$\sigma\in{\rm Aut}S_{3}$,作用$S_{3}$上,显然仅仅是对上式中三个元素的重排,因而
$$|{\rm Aut}S_{3}|\leq 3！=6$$
而$|{\rm Inn}S_{3}|=6$,且${\rm Inn}S_{3}\lhd{\rm Aut}S_{3}$,易知
$${\rm Inn}S_{3}={\rm Aut}S_{3}.$$
5.证明:$S_{n}=<(12),(13),\cdots,(1n)>$.
证明 显然$<(12),(13),\cdots,(1n)><S_{n}$,再证另一半.由于对任意的置换$\sigma\in S_{n}$,都有如下分解
$$\sigma=(i_{0}i_{1})(i_{0}i_{2})\cdots(i_{0}i_{m})$$
因此只说明任一对换可由$(12),(13),\cdots,(1n)$表示,不失一般性的只需说明对换$(24)$可被其表示即可.注意到
$$(24)=(12)(14)(12)$$
便说明了问题.
顾沛《抽象代数》1.6"变换群与置换群"习题解答,布布扣,bubuko.com
原文地址：http://www.cnblogs.com/xixifeng/p/3851006.html
