题意：
n个人站成一排 一开始是从1到n有序的 现在有三个操作 Top操作是将一个人排到队首 Query操作是询问某个人现在排第几 Rank操作是询问排某个位置的人是谁
思路：
将队伍扭来扭去… 很像splay的旋转吧（哪像了！！）
这是个不错的splay题…
首先 n很大 但是操作不多 想到离散化
离散化还有个技巧 我们发现只有top和query操作对单人进行 rank和人没什么关系
所以要把top和query操作的人单独拿出来 那么其他的人就可以用区间的形式来表示了
我们只需要开一个num数字来表示树上这个点（表示一个区间）包含几个人
然后就是对每个操作的处理 从简到难
Rank操作最简单 它根本和人没关系 只要找第k个位置就好了 不过我们现在的点表示的是一个区间
那也不难处理 开一个sum数组对num进行维护 就可以简单的找到第k个人所在区间 算一下他是谁就好
接着是Query操作 这个有点烦 因为我们不知道包含k这个人的区间是哪个
其实好解决 开个idx数字记录树上的点表示第几个区间 再开一个qu数组表示某个区间对应树上的点就好
找到了点然后呢？ 把它转到根 然后sum[L(root)]+1就是答案！！
最后是Top 有了query的铺垫那么我们只要找到这个点 把它转到根 再把它的前驱转到根下面
删除根节点 再把删掉的这个点插到队首 一个top操作就完成了
代码：
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<iostream>
using namespace std;
#define keytree ch[ch[root][1]][0]
#define L(x) ch[x][0]
#define R(x) ch[x][1]
#define N 201000
int T,t,n,m,tot,root;
int ch[N][2],pre[N],size[N],num[N],sum[N],idx[N],qu[N],a[N],s[N],e[N],op[N],opn[N];
void newnode(int &u,int fa,int w)
{
u=++tot;
L(u)=R(u)=0;
pre[u]=fa;
size[u]=1;
if(w)
{
sum[u]=num[u]=e[w]-s[w]+1;
idx[w]=u;
qu[u]=w;
}
}
void up(int u)
{
size[u]=size[L(u)]+size[R(u)]+1;
sum[u]=num[u]+sum[L(u)]+sum[R(u)];
}
void down(int u)
{
}
void rotate(int u,int kind)
{
int fa=pre[u];
down(fa);
down(u);
ch[fa][!kind]=ch[u][kind];
pre[ch[u][kind]]=fa;
if(pre[fa]) ch[pre[fa]][ch[pre[fa]][1]==fa]=u;
pre[u]=pre[fa];
ch[u][kind]=fa;
pre[fa]=u;
up(fa);
}
void splay(int u,int goal)
{
int fa,kind;
down(u);
while(pre[u]!=goal)
{
if(pre[pre[u]]==goal) rotate(u,L(pre[u])==u);
else
{
fa=pre[u];
kind=L(pre[fa])==fa;
if(ch[fa][kind]==u)
{
rotate(u,!kind);
rotate(u,kind);
}
else
{
rotate(fa,kind);
rotate(u,kind);
}
}
}
up(u);
if(goal==0) root=u;
}
int getkth(int u,int k)
{
down(u);
int tmp=size[L(u)]+1;
if(tmp==k) return u;
if(tmp>k) return getkth(L(u),k);
else return getkth(R(u),k-tmp);
}
int getkperson(int u,int k)
{
down(u);
int tmp=sum[L(u)];
if(k>tmp&&k<=tmp+num[u]) return s[qu[u]]+k-tmp-1;
if(tmp>=k) return getkperson(L(u),k);
else return getkperson(R(u),k-tmp-num[u]);
}
void build(int &u,int l,int r,int fa)
{
if(l>r) return ;
int mid=(l+r)>>1;
newnode(u,fa,mid);
build(L(u),l,mid-1,u);
build(R(u),mid+1,r,u);
up(u);
}
void init()
{
root=tot=0;
L(root)=R(root)=pre[root]=size[root]=num[root]=sum[root]=idx[root]=0;
newnode(root,0,0);
newnode(R(root),root,0);
build(keytree,1,n,R(root));
up(R(root));
up(root);
}
int getpre(int u)
{
down(u);
u=L(u);
down(u);
while(R(u))
{
u=R(u);
down(u);
}
return u;
}
void remove()
{
if(L(root))
{
int i=getpre(root);
splay(i,root);
R(i)=R(root);
pre[R(root)]=i;
root=L(root);
pre[root]=0;
up(root);
}
else
{
root=R(root);
pre[root]=0;
}
}
void insert(int u)
{
keytree=u;
pre[u]=R(root);
L(u)=R(u)=0;
up(u);
up(pre[u]);
up(root);
}
int main()
{
//freopen("test.in","r",stdin);
//freopen("test.out","w",stdout);
int i,j,k;
char str[3];
while(~scanf("%d",&T))
{
for(t=1;t<=T;t++)
{
printf("Case %d:\n",t);
scanf("%d%d",&n,&m);
for(i=j=1;i<=m;i++)
{
scanf("%s%d",str,&opn[i]);
if(str[0]=='T')
{
op[i]=1;
a[j++]=opn[i];
}
else if(str[0]=='Q')
{
op[i]=2;
a[j++]=opn[i];
}
else op[i]=3;
}
sort(a+1,a+j);
a[0]=0;
for(i=k=1;i<j;i++)
{
if(a[i]!=a[i-1])
{
if(a[i]-a[i-1]>1)
{
s[k]=a[i-1]+1;
e[k]=a[i]-1;
k++;
}
s[k]=a[i];
e[k]=a[i];
k++;
}
}
if(a[j-1]!=n)
{
s[k]=a[j-1]+1;
e[k]=n;
}
else k--;
n=k;
init();
for(i=1;i<=m;i++)
{
if(op[i]==1)
{
k=lower_bound(s+1,s+n+1,opn[i])-s;
k=idx[k];
splay(k,0);
remove();
splay(getkth(root,1),0);
splay(getkth(root,2),root);
insert(k);
}
else if(op[i]==2)
{
k=lower_bound(s+1,s+n+1,opn[i])-s;
k=idx[k];
splay(k,0);
printf("%d\n",sum[L(root)]+1);
}
else if(op[i]==3)
{
k=getkperson(root,opn[i]);
printf("%d\n",k);
}
}
}
}
return 0;
}原文地址：http://blog.csdn.net/houserabbit/article/details/37966731
