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昨晚写的题...补发一下题解...
把1~N每个点拆成xi, yi 2个. 预处理i->j经过编号不超过max(i,j)的最短路(floyd)
S->0(K, 0), S->xi(1, 0)(从i点继续走), 0->yi(1, distance(0->i))(从0出发), xi->yi(1, distance(i->j))(i点走向j点), yi->T(1, 0)(每个点必须经过至少一次), 然后跑最小费用最大流, 费用即为答案.
写完这道题感觉...只是会这道题的建模了...对于一般的下界费用流并没有更深的理解(建图通法)....
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#include<queue>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
const int maxn = 159;
const int maxv = 309;
const int INF = 0X3F3F3F3F;
int d[maxn][maxn], a[maxv], D[maxv], X[maxn], Y[maxn], N, V, K, S, T;
bool inq[maxv];
queue<int> q;
struct edge {
int to, cap, cost;
edge *next, *rev;
} E[50000], *pt = E, *head[maxv], *p[maxv];
inline void Add(int u, int v, int c, int w) {
pt->to = v;
pt->cap = c;
pt->cost = w;
pt->next = head[u];
head[u] = pt++;
}
inline void AddEdge(int u, int v, int c, int w) {
Add(u, v, c, w);
Add(v, u, 0, -w);
head[u]->rev = head[v];
head[v]->rev = head[u];
}
void Init() {
int m;
scanf("%d%d%d", &N, &m, &K);
memset(d, INF, sizeof d);
V = 1;
S = V++, T = V++;
for(int i = 1; i <= N; i++)
X[i] = V++, Y[i] = V++;
while(m--) {
int u, v, w;
scanf("%d%d%d", &u, &v, &w);
d[u][v] = d[v][u] = min(d[u][v], w);
}
for(int k = 0; k <= N; k++)
for(int i = 0; i <= N; i++)
for(int j = 0; j <= N; j++) if(k <= max(i, j))
d[i][j] = min(d[i][j], d[i][k] + d[k][j]);
AddEdge(S, 0, K, 0);
for(int i = 1; i <= N; i++) {
AddEdge(S, X[i], 1, 0);
AddEdge(Y[i], T, 1, 0);
if(d[0][i] != INF) AddEdge(0, Y[i], 1, d[0][i]);
}
for(int i = 1; i <= N; i++)
for(int j = i; ++j <= N; )
if(d[i][j] != INF) AddEdge(X[i], Y[j], 1, d[i][j]);
}
int Work() {
int ret = 0;
for(; ; ) {
for(int i = 0; i < V; i++)
inq[i] = false, D[i] = INF;
q.push(S);
a[S] = INF;
D[S] = 0;
while(!q.empty()) {
int x = q.front(); q.pop();
inq[x] = false;
for(edge* e = head[x]; e; e = e->next)
if(D[e->to] > D[x] + e->cost && e->cap) {
D[e->to] = D[x] + e->cost;
a[e->to] = min(a[x], e->cap);
p[e->to] = e;
if(!inq[e->to])
inq[e->to] = true, q.push(e->to);
}
}
if(D[T] == INF) break;
ret += D[T] * a[T];
for(int x = T; x != S; x = p[x]->rev->to) {
p[x]->cap -= a[T];
p[x]->rev->cap += a[T];
}
}
return ret;
}
int main() {
Init();
printf("%d\n", Work());
return 0;
}
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2324: [ZJOI2011]营救皮卡丘
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 256 MB
Submit: 1806 Solved: 724
[Submit][Status][Discuss]Description
皮卡丘被火箭队用邪恶的计谋抢走了！这三个坏家伙还给小智留下了赤果果的挑衅！为了皮卡丘，也为了正义，小智和他的朋友们义不容辞的踏上了营救皮卡丘的道路。
火箭队一共有N个据点，据点之间存在M条双向道路。据点分别从1到N标号。小智一行K人从真新镇出发，营救被困在N号据点的皮卡丘。为了方便起见，我们将真新镇视为0号据点，一开始K个人都在0号点。
由于火箭队的重重布防，要想摧毁K号据点，必须按照顺序先摧毁1到K-1号据点，并且，如果K-1号据点没有被摧毁，由于防御的连锁性，小智一行任何一个人进入据点K，都会被发现，并产生严重后果。因此，在K-1号据点被摧毁之前，任何人是不能够经过K号据点的。
为了简化问题，我们忽略战斗环节，小智一行任何一个人经过K号据点即认为K号据点被摧毁。被摧毁的据点依然是可以被经过的。
K个人是可以分头行动的，只要有任何一个人在K-1号据点被摧毁之后，经过K号据点，K号据点就被摧毁了。显然的，只要N号据点被摧毁，皮卡丘就得救了。
野外的道路是不安全的，因此小智一行希望在摧毁N号据点救出皮卡丘的同时，使得K个人所经过的道路的长度总和最少。
请你帮助小智设计一个最佳的营救方案吧！
Input
第一行包含三个正整数N，M，K。表示一共有N+1个据点，分别从0到N编号，以及M条无向边。一开始小智一行共K个人均位于0号点。
接下来M行，每行三个非负整数，第i行的整数为Ai，Bi，Li。表示存在一条从Ai号据点到Bi号据点的长度为Li的道路。
Output
仅包含一个整数S，为营救皮卡丘所需要经过的最小的道路总和。
Sample Input
3 4 2
0 1 1
1 2 1
2 3 100
0 3 1
Sample Output
3
【样例说明】
小智和小霞一起前去营救皮卡丘。在最优方案中，小智先从真新镇前往1号点，接着前往2号据点。当小智成功摧毁2号据点之后，小霞从真新镇出发直接前往3号据点，救出皮卡丘。
HINT
对于100%的数据满足N ≤ 150, M ≤ 20 000, 1 ≤ K ≤ 10, Li ≤ 10 000, 保证小智一行一定能够救出皮卡丘。至于为什么K ≤ 10，你可以认为最终在小智的号召下，小智，小霞，小刚，小建，小遥，小胜，小光，艾莉丝，天桐，还有去日本旅游的黑猫警长，一同前去大战火箭队。
Source
BZOJ 2324: [ZJOI2011]营救皮卡丘( floyd + 费用流 )
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原文地址：http://www.cnblogs.com/JSZX11556/p/5131758.html
