bzoj 维护序列seq(双标记线段树)

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Seq 维护序列seq

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Description

老师交给小可可一个维护数列的任务，现在小可可希望你来帮他完成。有长为N的数列，不妨设为a1,a2,…,aN 。有如下三种操作形式： (1)把数列中的一段数全部乘一个值; (2)把数列中的一段数全部加一个值; (3)询问数列中的一段数的和，由于答案可能很大，你只需输出这个数模P的值。

Input

第一行两个整数N和P(1≤P≤1000000000）。第二行含有N个非负整数,从左到右依次为a1,a2,…,aN, (0≤ai≤1000000000,1≤i≤N)。第三行有一个整数M，表示操作总数。从第四行开始每行描述一个操作，输入的操作有以下三种形式：操作1：“1 t g c”(不含双引号)。表示把所有满足t≤i≤g的ai改为ai×c (1≤t≤g≤N,0≤c≤1000000000)。操作2：“2 t g c”(不含双引号)。表示把所有满足t≤i≤g的ai改为ai+c (1≤t≤g≤N,0≤c≤1000000000)。操作3：“3 t g”(不含双引号)。询问所有满足t≤i≤g的ai的和模P的值 (1≤t≤g≤N)。同一行相邻两数之间用一个空格隔开，每行开头和末尾没有多余空格。

Output

对每个操作3，按照它在输入中出现的顺序，依次输出一行一个整数表示询问结果。

Sample Input

7 43
1 2 3 4 5 6 7
5
1 2 5 5
3 2 4
2 3 7 9
3 1 3
3 4 7

Sample Output

2
35
8

HINT

【样例说明】

初始时数列为(1,2,3,4,5,6,7)。
经过第1次操作后，数列为(1,10,15,20,25,6,7)。
对第2次操作，和为10+15+20=45，模43的结果是2。
经过第3次操作后，数列为(1,10,24,29,34,15,16}
对第4次操作，和为1+10+24=35，模43的结果是35。
对第5次操作，和为29+34+15+16=94,模43的结果是8。

测试数据规模如下表所示

数据编号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
N= 10 1000 1000 10000 60000 70000 80000 90000 100000 100000
M= 10 1000 1000 10000 60000 70000 80000 90000 100000 100000

题解：给两个操作，操作1，把l,r数字乘以c，操作2：把l,r数字都加上c；

直接开两个标记去存储，样例过了，但是无限wa；

我有几点没考虑完全：

1：对于第一个操作，每次标记应该都是乘以c；而我弄成加了，因为假设第一次乘以5，第二次再乘以5，就是25

了；

2：对于第二种操作，没有考虑到第一种操作可以影响第二种操作，如果执行第一种操作，里面的元素编程5倍了，此时标记2也应当乘以相应倍数；加上5+2，5乘以5了，2也应当乘以5；

总结：考虑问题还是不太全面，不能完全驾驭题目；

代码：

  1 extern "C++"{
  2 #include<iostream>
  3 #include<cstdio>
  4 #include<cstring>
  5 #include<cmath>
  6 #include<algorithm>
  7 #include<cassert> 
  8 #include<cstdlib>
  9 using namespace  std;
 10 typedef long long LL;
 11 typedef unsigned u;
 12 typedef unsigned long long ull;
 13 #define mem(x,y) memset(x,y,sizeof(x))
 14 void SI(double &x){scanf("%lf",&x);}
 15 void SI(int &x){scanf("%d",&x);}
 16 void SI(LL &x){scanf("%lld",&x);}
 17 void SI(u &x){scanf("%u",&x);}
 18 void SI(ull &x){scanf("%llu",&x);}
 19 void SI(char *s){scanf("%s",s);}
 20 
 21 void PI(int x){printf("%d",x);}
 22 void PI(double x){printf("%lf",x);}
 23 void PI(LL x){printf("%lld",x);}
 24 void PI(u x){printf("%u",x);}
 25 void PI(ull x){printf("%llu",x);}
 26 void PI(char *s){printf("%s",s);}
 27 
 28 #define NL puts("");
 29 #define ll root<<1
 30 #define rr root<<1|1
 31 #define lson ll,l,mid
 32 #define rson rr,mid+1,r
 33 const int INF=0x3f3f3f3f;
 34 const int MAXN=100010;
 35 LL tree[MAXN << 2];
 36 LL lazy[MAXN << 2];
 37 LL lazy2[MAXN << 2];
 38 LL P;
 39 }
 40 void pushup(int root){
 41     tree[root] = tree[ll] + tree[rr];
 42     tree[root] %= P;
 43 }
 44 void pushdown(int root,int x){
 45     if(lazy[root] != 1){
 46         lazy[ll] *= lazy[root];
 47         lazy[rr] *= lazy[root];
 48         
 49         lazy2[ll] *= lazy[root];
 50         lazy2[rr] *= lazy[root];
 51     //    tree[ll]=lazy[root]*(mid-l+1);
 52     //    tree[rr]=lazy[root]*(r-mid);
 53         tree[ll] *= lazy[root];
 54         tree[rr] *= lazy[root];
 55         
 56         lazy[ll] %= P;
 57         lazy[rr] %= P;
 58         tree[ll] %= P;
 59         tree[rr] %= P;
 60         lazy2[ll] %= P;
 61         lazy2[rr] %= P;
 62         
 63         lazy[root] = 1;
 64     }
 65     if(lazy2[root]){
 66         lazy2[ll] += lazy2[root];
 67         lazy2[rr] += lazy2[root];
 68         
 69         lazy2[ll] %= P;
 70         lazy2[rr] %= P;
 71         
 72         tree[ll] += lazy2[root] * (x - (x >> 1) ) % P;
 73         tree[rr] += lazy2[root] * (x >> 1) % P;
 74         
 75         tree[ll] %= P;
 76         tree[rr] %= P;
 77         
 78         lazy2[root] = 0;
 79     }
 80 }
 81 void build(int root,int l,int r){
 82     int mid = (l + r) >> 1;
 83     lazy[root] = 1;
 84     lazy2[root] = 0;
 85     if(l == r){
 86         SI(tree[root]);
 87         return ;
 88     }
 89     build(lson);
 90     build(rson);
 91     pushup(root);
 92 }
 93 void update(int root,int l,int r,int L,int R,int C,int t){
 94     if(l >= L && r <= R){
 95          if(t == 1){
 96              lazy[root] *= C;
 97              tree[root] *= C;
 98              lazy2[root] *= C;
 99              lazy2[root] %= P;
100              lazy[root] %= P;
101              tree[root] %= P;
102          }
103         else if(t == 2){
104             lazy2[root] += C % P;
105             tree[root] += C * (r - l +1) % P;
106             lazy2[root] %= P;
107              tree[root] %= P;
108         }
109         return ;
110     }
111     int mid = (l + r) >> 1;
112     pushdown(root,r - l + 1);
113     if(mid >= L)
114         update(lson,L,R,C,t);
115     if(mid < R)
116         update(rson,L,R,C,t);
117     pushup(root);
118 }
119 LL query(int root,int l,int r,int L,int R){
120     int mid = (l + r) >> 1;
121     if(l >= L && r <= R){
122         return tree[root];
123     }
124     pushdown(root,r - l + 1);
125     LL ans = 0;
126     if(mid >= L)
127         ans += query(lson,L,R);
128     if(mid < R)
129         ans += query(rson,L,R);
130     return ans;
131 }
132 int main(){
133 //    assert(true);
134     int N,M;
135     while(~scanf("%d%lld",&N,&P)){
136         build(1,1,N);
137         SI(M);
138         int a,l,r,c;
139         while(M--){
140             SI(a);SI(l);SI(r);
141             if(a == 3){
142                 printf("%lld\n",query(1,1,N,l,r) % P);
143             }
144             else{
145                 SI(c);
146                 update(1,1,N,l,r,c,a);
147             }
148         }
149     }
150     return 0;
151 }

bzoj 维护序列seq(双标记线段树)

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原文地址：http://www.cnblogs.com/handsomecui/p/5315030.html