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题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1176
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 38193 Accepted Submission(s): 13056
for(int i=1; i<=maxt; i++) for(int j=0; j<=10; j++) { if(j==0) dp[i][j]=max(dp[i-1][j],dp[i-1][j+1])+pai[j][i]; else if(j==10) dp[i][j]=max(dp[i-1][j-1],dp[i-1][j])+pai[j][i]; else dp[i][j]=max(max(dp[i-1][j-1],dp[i-1][j]),dp[i-1][j+1])+pai[j][i]; }
dp[100005(i)][15(j)]表示第i秒时，第j个点上接到馅饼的最大值。
相当与用1e7的复杂度算了所有情况。
看网上说是个简单的数塔，虽然不知道是什么，但是从dp的更新中可以领会一些意思。
注意理解每个时刻的dp的更新情况，该时刻不可能到达的点的值一定是零。
#include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstring> #include<stdlib.h> using namespace std; #define maxt 100005 int dp[100005][15]; int pai[15][100005]; int main() { int n,z,t; while(scanf("%d",&n)!=EOF&&n) { memset(pai,0,sizeof(pai)); memset(dp,0,sizeof(dp)); for(int i=0; i<n; i++) { scanf("%d%d",&z,&t); if(abs(z-5)<=t) pai[z][t]++; } for(int i=1; i<=maxt; i++) for(int j=0; j<=10; j++) { if(j==0) dp[i][j]=max(dp[i-1][j],dp[i-1][j+1])+pai[j][i]; else if(j==10) dp[i][j]=max(dp[i-1][j-1],dp[i-1][j])+pai[j][i]; else dp[i][j]=max(max(dp[i-1][j-1],dp[i-1][j]),dp[i-1][j+1])+pai[j][i]; } int res=0; for(int i=0;i<=10;i++) { if(dp[maxt][i]>res) res=dp[maxt][i]; } printf("%d\n",res); } return 0; }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/jasonlixuetao/p/5425497.html
