bzoj3244 树的计数 递推

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       这道题目bzoj上面真是丧心病狂，非要输出三个数(ans-0.001,ans,ans+0.001)，mdzz。害的我还去抄了一发标程

       首先按照bfs的顺序重新标号（比如样例那样），然后对于点x，令pos[x]为x的dfs序编号，a[i]为dfs序的第i个。

       考虑每个点的贡献，如果pos[x]>pos[x+1]，那么如果x和x+1同一层，显然pos[x]<pos[x+1]，因此x+1必然在下一层，因此x+1的献为1。

       另一方面，对于a[i]和a[i+1]，显然a[i+1]要不是a[i]的儿子，要不就是a[i]某个祖先的儿子，因此必然有dep[a[i]]>=dep[a[i+1]]-1，那么考虑a[i]+1~a[i+1]这些点，它们的贡献之和显然不能超过1。

       然后就得到了一些点的贡献为1和另外几组不等式，每组不等式都形如某一个区间中的点的贡献<=1，那么就可以得到某些点的贡献=0；其余情况贡献为0和1皆可，期望为0.5。

       具体实现的时候差分打标记即可。

AC代码如下：

#include<iostream>
#include<cstdio>
#define N 200005
using namespace std;

int n,a[N],b[N],c[N],s[N],pos[N];
int read(){
	int x=0; char ch=getchar();
	while (ch<'0' || ch>'9') ch=getchar();
	while (ch>='0' && ch<='9'){ x=x*10+ch-'0'; ch=getchar(); }
	return x;
}
int main(){
	n=read(); int i;
	for (i=1; i<=n; i++) a[read()]=i;
	for (i=1; i<=n; i++) pos[i]=a[read()];
	for (i=1; i<=n; i++) a[pos[i]]=i;
	c[2]=1; b[2]++; b[3]--;
	for (i=2; i<=n; i++)
		if (pos[i-1]>pos[i]){
			c[i]=1; b[i]++; b[i+1]--;
		}
	for (i=2; i<=n; i++) s[i]=s[i-1]+c[i];
	for (i=2; i<=n; i++)
		if (a[i-1]<a[i] && s[a[i]]-s[a[i-1]]){
			b[a[i-1]+1]++; b[a[i]+1]--;
		}
	int ans=1,tmp=0;
	for (i=2; i<=n; i++){
		tmp+=b[i];
		if (tmp) ans+=c[i]<<1; else ans++;
	}
	printf("%d.%d99\n",ans>>1,(ans&1)?9:4);
	ans++;
	printf("%d.%d00\n",ans>>1,(ans&1)?5:0);
	printf("%d.%d01\n",ans>>1,(ans&1)?5:0);
	return 0;
}

by lych

2016.5.6

bzoj3244 树的计数 递推

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原文地址：http://blog.csdn.net/lych_cys/article/details/51330545