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简单地写个题解，毕竟总个结很重要。但是由于题目水 + 不会写题解，路过的大牛莫喷。。。
题A
题意：给你两个序列a和b，有一种操作，对于一个数（非头尾）v，左边加上v，右边加上v，自己变成-v，然后问a操作无数次可不可以变成b？
题解：这题我学会了一个分析题目的方法：从目标逆着推。对于两个一样的序列，如下
操作前：……(i - 1) (i) (i + 1) ……
操作后：……(i - 1) + (i) (i) - (i) - (i) (i + 1) + (i)……
定义si为前i项的和，假设原序列为si - 1， si， si + 1，那么变化之后对应序列为si， si - 1，si + 1，所以这个操作的实质就是将前缀和变一下位置，所以对于两个序列我们只要求出前缀和s，然后sort一下看对应区域是否相等即可。
1 /*zhen hao*/
2 #include <bits/stdc++.h>
3 using namespace std;
4
5 #define lson l, m, rt*2
6 #define rson m + 1, r, rt*2+1
7 #define xx first
8 #define yy second
9
10
11 typedef long long ll;
12 typedef unsigned long long ull;
13
14 const int maxn = 1e5 + 10;
15 int a[maxn], b[maxn];
16 ll s1[maxn], s2[maxn];
17
18 int main() {
19 // freopen("case.in", "r", stdin);
20 int T;
21 scanf("%d", &T);
22 while (T--) {
23 int n;
24 scanf("%d", &n);
25 s1[0] = s2[0] = 0;
26 for (int i = 1; i <= n; i++) {
27 scanf("%d", a + i);
28 s1[i] = s1[i - 1] + a[i];
29 }
30 for (int i = 1; i <= n; i++) {
31 scanf("%d", b + i);
32 s2[i] = s2[i - 1] + b[i];
33 }
34
35 sort(s1 + 1, s1 + n + 1);
36 sort(s2 + 1, s2 + n + 1);
37 // for (int i = 1; i <= n; i++) cout << s1[i] << ‘ ‘; puts("");
38
39 bool ok = 1;
40 for (int i = 0; i < n; i++) {
41 if (s1[i] != s2[i]) {
42 ok = 0; break;
43 }
44 }
45 if (ok) puts("Yes"); else puts("No");
46 }
47 return 0;
48 }
题B
题意：给你B，告诉你A ^ B的每个位都为1，且A > B，最后输出A - B
题解：模拟题，水。
1 /*zhen hao*/
2 #include <cstdio>
3 #include <cstring>
4 #include <cmath>
5 #include <queue>
6 #include <vector>
7 #include <stack>
8 #include <string>
9 #include <set>
10 #include <map>
11 #include <iostream>
12 #include <algorithm>
13 using namespace std;
14
15 #define lson l, m, rt*2
16 #define rson m + 1, r, rt*2+1
17 #define xx first
18 #define yy second
19
20 typedef pair<int,int> pii;
21 typedef long long ll;
22
23 const int maxn = 1e6 + 10;
24 int a[maxn], b[maxn], c[maxn];
25
26 int main() {
27 // freopen("case.in", "r", stdin);
28 int T;
29 scanf("%d", &T);
30 while (T--) {
31 int m, n;
32 scanf("%d%d", &m, &n);
33 memset(b, 0, sizeof b);
34 for (int i = 1; i <= n; i++) {
35 int p;
36 scanf("%d", &p);
37 b[p] = 1;
38 }
39 for (int i = 1; i <= m; i++) {
40 a[i] = b[i] ^ 1;
41 }
42 int now = 0;
43 for (int i = 1; i <= m; i++) {
44 int temp = a[i] - now - b[i];
45 if (temp < 0) now = 1;
46 else now = 0;
47 c[i] = (temp + 2) % 2;
48 }
49 while (!c[m]) --m;
50 for (int i = m; i >= 1; i--) printf("%d", c[i]);
51 puts("");
52 }
53 return 0;
54 }
题C
题意：给你n个串，构造一个串使得这n个串都是这个串的子串，问你这个串的最短长度。
题解：容易想到dp[i][j]表示状态为i，然后以j为结尾的串的最短长度，但是有个问题，对于AB CD ABCDE，假如构造了ABCDE 显然CD不可能接在后面而是在中间已经被匹配了，所以对于这种情况只需要做个预处理，如果一个串是另一个串的子串，那么就可以无视掉这个串，最后定义一个cat[i][j]表示i串接在j串后面的多出来的长度，最后转移就是枚举作为末尾的是什么就好了。
1 /*zhen hao*/
2 #include <bits/stdc++.h>
3 using namespace std;
4
5 #define lson l, m, rt*2
6 #define rson m + 1, r, rt*2+1
7 #define xx first
8 #define yy second
9
10 typedef pair<int,int> pii;
11 typedef long long ll;
12 typedef unsigned long long ull;
13
14 const int maxn = 13;
15 char s[maxn][60], ns[maxn][60];
16 int dp[1 << maxn][maxn], len[maxn], cat[maxn][maxn], n, ok[maxn];
17
18 void split() {
19 for (int i = 0; i < n; i++) {
20 ok[i] = 1;
21 for (int j = 0; j < n; j++)
22 if (strstr(s[j], s[i]) != NULL && strcmp(s[i], s[j])) {
23 ok[i] = 0; break;
24 }
25 }
26 for (int i = 0; i < n; i++) if (ok[i])
27 for (int j = 0; j < i; j++) if (ok[j])
28 if (!strcmp(s[i], s[j])) ok[i] = 0;
29 int cnt = 0;
30 for (int i = 0; i < n; i++) if (ok[i])
31 strcpy(s[cnt++], s[i]);
32 n = cnt;
33 }
34
35 void init() {
36 for (int i = 0; i < n; i++) len[i] = strlen(s[i]);
37 for (int i = 0; i < n; i++)
38 for (int j = 0; j < n; j++) {
39 if (i == j) { cat[i][j] = len[j]; continue; }
40 int p;
41 for (p = 0; p < len[i]; p++) {
42 int ok = 1;
43 for (int k = 0; p + k < len[i]; k++)
44 if (s[i][p + k] != s[j][k]) ok = 0;
45 if (ok) break;
46 }
47 cat[i][j] = len[j] - len[i] + p;
48 // cout << s[i] << ‘ ‘ << s[j] << ‘ ‘ << cat[i][j] << endl;
49 }
50 }
51
52 int main() {
53 // freopen("case.in", "r", stdin);
54 int T;
55 scanf("%d", &T);
56 while (T--) {
57 scanf("%d", &n);
58 memset(dp, 0x3f, sizeof dp);
59 for (int i = 0; i < n; i++) {
60 scanf("%s", s[i]);
61 }
62 split();
63 init();
64 int inf = dp[0][0];
65 dp[0][0] = 0;
66 for (int i = 0; i < 1 << n; i++)
67 for (int j = 0; j < n; j++) if (dp[i][j] != inf) {
68 // cout << i << ‘ ‘ << j << ‘ ‘ << dp[i][j] << endl;
69 for (int k = 0; k < n; k++) if (!(i & (1 << k))) {
70 int v;
71 if (i == 0) v = len[k]; else v = cat[j][k];
72 dp[i ^ (1 << k)][k] = min(dp[i ^ (1 << k)][k], dp[i][j] + v);
73 }
74 }
75 int ans = inf;
76 for (int i = 0; i < n; i++) ans = min(ans, dp[(1 << n) - 1][i]);
77 cout << ans << endl;
78 }
79 return 0;
80 }
题D
题意：给你一个矩阵v，vij > 0表示i可以到达j，然后可以走若干步，i可到达j那么就破坏这条边，问你最后有没有边剩下。
题解：本来是个传递闭包的，但是数据规模有点大，所以直接求个强连通，看最后强连通的数量是否为1即可。
1 /*zhen hao*/
2 #include <bits/stdc++.h>
3 using namespace std;
4
5 #define lson l, m, rt*2
6 #define rson m + 1, r, rt*2+1
7 #define xx first
8 #define yy second
9
10 typedef pair<int,int> pii;
11 typedef long long ll;
12 typedef unsigned long long ull;
13
14 const int maxn = 1e3 + 10;
15 int pre[maxn], lowlink[maxn], sccno[maxn], dfs_clock, scc_cnt, n;
16 vector<int> G[maxn];
17 stack<int> S;
18
19 void dfs(int u) {
20 pre[u] = lowlink[u] = ++dfs_clock;
21 S.push(u);
22 for (int i = 0; i < (int)G[u].size(); i++) {
23 int v = G[u][i];
24 if (!pre[v]) {
25 dfs(v);
26 lowlink[u] = min(lowlink[u], lowlink[v]);
27 } else if (!sccno[v]) {
28 lowlink[u] = min(lowlink[u], pre[v]);
29 }
30 }
31 if (lowlink[u] == pre[u]) {
32 ++scc_cnt;
33 for (;;) {
34 int x = S.top(); S.pop();
35 sccno[x] = scc_cnt;
36 if (x == u) break;
37 }
38 }
39 }
40
41 void find_scc() {
42 dfs_clock = scc_cnt = 0;
43 memset(pre, 0, sizeof pre);
44 memset(sccno, 0, sizeof sccno);
45 for (int i = 0; i < n; i++) if (!pre[i])
46 dfs(i);
47 }
48
49 int main() {
50 // freopen("case.in", "r", stdin);
51 int T;
52 cin >> T;
53 while (T--) {
54 scanf("%d", &n);
55 for (int i = 0; i < n; i++) G[i].clear();
56 for (int i = 0; i < n; i++)
57 for (int j = 0; j < n; j++) {
58 int x;
59 scanf("%d", &x);
60 if (x > 0) G[i].push_back(j);
61 }
62 find_scc();
63 if (scc_cnt != 1) puts("exists"); else puts("not exists");
64 }
65 return 0;
66 }
题E
题意：给你n组物品，共有m元，每组物品有多个，但是只能买其中一个，问你最大能够买到物品的价值。
题解：很裸的分组背包问题，然而我并没有专门做过分组背包的问题，所以只能根据普通背包来水了，dp[i][j]表示前i组物品的有j元获得的最大价值，然后就有一个预处理，dp2[i][j]表示i组物品j元能得到的最大价值，如果dp2[1][3] = 6; dp2[1][4] = 5;显然这个4是多余的，所以就要把dp2[1][4]置为-1，代表不存在，这样就优化很多，然后就能够很快地跑出这道题。
1 /*zhen hao*/
2 #include <cstdio>
3 #include <cstring>
4 #include <cmath>
5 #include <queue>
6 #include <vector>
7 #include <stack>
8 #include <string>
9 #include <set>
10 #include <map>
11 #include <iostream>
12 #include <algorithm>
13 using namespace std;
14
15 #define lson l, m, rt*2
16 #define rson m + 1, r, rt*2+1
17 #define xx first
18 #define yy second
19
20 typedef pair<int,int> pii;
21 typedef long long ll;
22
23 int dp[21][1010], dp2[21][1010];
24
25 int main() {
26 // freopen("case.in", "r", stdin);
27 int T;
28 scanf("%d", &T);
29 while (T--) {
30 int n, m;
31 scanf("%d%d", &n, &m);
32 memset(dp2, -1, sizeof dp2);
33 memset(dp, 0, sizeof dp);
34 for (int i = 1; i <= n; i++) {
35 int c, w, v;
36 scanf("%d", &c);
37 for (int j = 0; j < c; j++) {
38 scanf("%d%d", &w, &v);
39 dp2[i][w] = max(dp2[i][w], v);
40 }
41 int pre = dp2[i][0];
42 for (int j = 1; j <= m; j++) {
43 if (pre > dp2[i][j]) dp2[i][j] = -1;
44 pre = max(pre, dp2[i][j]);
45 }
46 }
47 for (int i = 1; i <= n; i++) {
48 for (int j = 1; j <= m; j++) if (dp2[i][j] != -1) {
49 for (int k = m; k >= j; k--) {
50 dp[i][k] = max(dp[i][k], dp[i - 1][k - j] + dp2[i][j]);
51 }
52 }
53 for (int j = 0; j <= m; j++) dp[i][j] = max(dp[i][j], dp[i - 1][j]);
54 }
55 printf("%d\n", dp[n][m]);
56 }
57 return 0;
58 }
题F
题意：略
题解：略
1 /*zhen hao*/
2 #include <cstdio>
3 #include <cstring>
4 #include <cmath>
5 #include <queue>
6 #include <vector>
7 #include <stack>
8 #include <string>
9 #include <set>
10 #include <map>
11 #include <iostream>
12 #include <algorithm>
13 using namespace std;
14
15 #define lson l, m, rt*2
16 #define rson m + 1, r, rt*2+1
17 #define xx first
18 #define yy second
19
20 typedef pair<int,int> pii;
21 typedef long long ll;
22
23 const int maxn = 110;
24
25 struct Circle {
26 double x, y, r;
27 void input() {
28 scanf("%lf%lf%lf", &x, &y, &r);
29 }
30 bool check(Circle c) {
31 double dist = sqrt((x - c.x) * (x - c.x) + (y - c.y) * (y - c.y));
32 return dist > r + c.r;
33 }
34 } c[110];
35
36 int main() {
37 // freopen("case.in", "r", stdin);
38 int T;
39 scanf("%d", &T);
40 while (T--) {
41 int n;
42 scanf("%d", &n);
43 for (int i = 0; i < n; i++) c[i].input();
44 int ans = 0;
45 for (int i = 0; i < n; i++) {
46 int ok = 1;
47 for (int j = 0; j < n; j++) if (i != j) {
48 if (!c[i].check(c[j])) { ok = 0; break; }
49 }
50 if (ok) ans++;
51 }
52 printf("%d\n", ans);
53 }
54 return 0;
55 }
题G
题意：告诉你a和b干活要x天，b和c干活要y天，a和c干活要z天，问你a b c独立干活要多少天？
题解：推公式，比较水。。。
1 代码君：
2 /*zhen hao*/
3 #include <cstdio>
4 #include <cstring>
5 #include <cmath>
6 #include <queue>
7 #include <vector>
8 #include <stack>
9 #include <string>
10 #include <set>
11 #include <map>
12 #include <iostream>
13 #include <algorithm>
14 using namespace std;
15
16 #define lson l, m, rt*2
17 #define rson m + 1, r, rt*2+1
18 #define xx first
19 #define yy second
20
21 typedef pair<int,int> pii;
22 typedef long long ll;
23
24 int main() {
25 // freopen("case.in", "r", stdin);
26 int T;
27 cin >> T;
28 while (T--) {
29 double a, b, c;
30 cin >> a >> b >> c;
31 double y = (2 * a * b * c) / (b * c + a * c - a * b);
32 double x = a * y / (y - a);
33 double z = b * y / (y - b);
34 printf("%.0lf %.0lf %.0lf\n", x, y, z);
35 }
36 return 0;
37 }
题H
题意：给你n堆石头，每个有自己的数量s，然后合并两堆石头s1和s2的时候，花费是p（s1 + s2），每次只能合并相邻的两堆石头，问你最小花费。
题解：第一眼是经典的石头合并问题，但是数据规模好像有点不对，1e3这么大，要做优化，然而太渣了不会，参考一下题解：设pos[i][j]表示这堆石头获得最优值所移动的地方，然后这个怎么来呢，答案是从[pos[i][j - 1], pos[i + 1][j]]来，为什么一定是这个区间内呢？可以简易地想一下，前面都是考虑过的，所以只能从没考虑过的这个区间内去一个最优值。
1 /*zhen hao*/
2 #include <bits/stdc++.h>
3 using namespace std;
4
5 #define lson l, m, rt*2
6 #define rson m + 1, r, rt*2+1
7 #define xx first
8 #define yy second
9
10 typedef pair<int,int> pii;
11 typedef long long ll;
12 typedef unsigned long long ull;
13
14 const int maxn = 1e3 + 10;
15 ll dp[maxn][maxn], s[40 * maxn];
16 int a[10], sum[maxn], size[maxn], pos[maxn][maxn];
17 int n, m;
18
19 int main() {
20 // freopen("case.in", "r", stdin);
21 int T;
22 cin >> T;
23 while (T--) {
24 scanf("%d", &n);
25 for (int i = 1; i <= n; i++) scanf("%d", size + i);
26 scanf("%d", &m);
27 for (int i = 0; i <= m; i++) scanf("%d", a + i);
28
29 sum[0] = 0;
30 for (int i = 1; i <= n; i++) {
31 sum[i] = sum[i - 1] + size[i];
32 }
33
34 for (int i = 1; i <= sum[n]; i++) {
35 ll base = 1, t = 0;
36 for (int j = 0; j <= m; j++) {
37 t += base * a[j];
38 base *= i;
39 }
40 s[i] = t;
41 }
42
43 memset(dp, 0x3f, sizeof dp);
44 for (int i = 1; i <= n; i++) dp[i][i] = 0, pos[i][i] = i;
45 for (int l = 2; l <= n; l++)
46 for (int i = 1; i + l - 1 <= n; i++) {
47 int j = i + l - 1, p1 = pos[i][j - 1], p2 = pos[i + 1][j];
48 for (int k = p1; k <= p2; k++) {
49 if (dp[i][j] > dp[i][k] + dp[k + 1][j] + s[sum[j] - sum[i - 1]]) {
50 pos[i][j] = k;
51 dp[i][j] = dp[i][k] + dp[k + 1][j] + s[sum[j] - sum[i - 1]];
52 }
53 }
54 // cout << i << ‘ ‘ << j << ‘ ‘ << dp[i][j] << endl;
55 }
56 printf("%lld\n", dp[1][n]);
57 }
58 return 0;
59 }
题I
题意：给你一个多项式，然后问你对于集合{0，……，n-1}的子集用这个多项式得到的结果还是子集的有多少种情况？
题解：注意到这个多项式有一个modn的存在，也就是每个数的结果是0……n-1，假设0得到的是2,2得到的是3，3得到的0，那么这个集合{0,2,3}不就符合题意吗？想到这里我们已经可以知道用并查集来维护了，最后答案就是2的连通块的个数次幂。最后这道题卡常，所以尽量写少点函数，我*****。
1 /*zhen hao*/
2 #include <cstdio>
3 #include <cstring>
4 #include <cmath>
5 #include <queue>
6 #include <vector>
7 #include <stack>
8 #include <string>
9 #include <set>
10 #include <map>
11 #include <iostream>
12 #include <algorithm>
13 using namespace std;
14
15 #define lson l, m, rt*2
16 #define rson m + 1, r, rt*2+1
17 #define xx first
18 #define yy second
19
20 typedef pair<int,int> pii;
21 typedef long long ll;
22
23 const int maxn = 1e4 + 10, mod = 1e9 + 7;
24 int fa[maxn], a[maxn], p[maxn];
25
26 void init_set(int n) {
27 for (int i = 0; i < n; i++) fa[i] = i;
28 }
29
30 int find_set(int rt) {
31 if (rt == fa[rt]) return rt;
32 return fa[rt] = find_set(fa[rt]);
33 }
34
35 void union_set(int u, int v) {
36 int fu = find_set(u), fv = find_set(v);
37 if (fu == fv) return;
38 fa[fu] = fv;
39 }
40
41 int main() {
42 // freopen("case.in", "r", stdin);
43 int T;
44 scanf("%d", &T);
45 while (T--) {
46 int n, m;
47 scanf("%d%d", &n, &m);
48 for (int i = 0; i <= m; i++) scanf("%d", a + i);
49 init_set(n);
50 for (int i = 0; i < n; i++) {
51 int ret = 0, base = 1;
52 for (int j = 0; j <= m; j++) {
53 ret = (ret + 1ll * base * a[j]) % n;
54 base = 1ll * base * i % n;
55 }
56 p[i] = ret;
57 }
58 for (int i = 0; i < n; i++) {
59 union_set(i, p[i]);
60 }
61 int ans = 1;
62 for (int i = 0; i < n; i++) {
63 if (i == find_set(i)) ans = ans * 2 % mod;
64 }
65 printf("%d\n", ans);
66 }
67 return 0;
68 }
最后一题，并不会，哈哈~~
湖南多校对抗赛（2015.05.10）(国防科大学校赛决赛-Semilive)CSU1609-1618
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原文地址：http://www.cnblogs.com/zhenhao1/p/5483983.html
