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题意：一个长度为L的木棍上有n个蚂蚁，每只蚂蚁要么向左，要么向右，速度为1，当两只蚂蚁相撞时，
它们同时掉头。给定每只蚂蚁初始位置和朝向，问T秒后，每只蚂蚁的状态。
析：刚看到这个题时，一点思路也没有，怎么做啊，难道又要模拟么，一想，模拟。。。天呐，好麻烦!
最终还是看了一下题解。真是很巧妙哪。
首先是当两个蚂蚁相撞时，转向和不转向是看不出来的。也就是说掉头等价于对穿而过。也就是说，
如果把蚂蚁看成是没有区别的小点，那么只要独立算每只蚂蚁的位置即可。虽然是这么说，但是，
对每只蚂蚁却不是这样，但是我们只要搞清楚了谁是谁了，就能搞定。
最重要的一点是，每只蚂蚁的相对顺序是不会变的，这才是核心。因此把所有目标位置从小到大排序，
刚从左到右的每个位置都是和初始状态下一样的。由于输入顺序不一定是按从左到右，所以需要预处理一下。
代码如下：
#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long LL;
const int maxn = 10000 + 10;
struct node{
int id, p, d;
node(int i = 0, int pp = 0, int dd = 0) : id(i), p(pp), d(dd) { }
bool operator < (const node &q) const {
return p < q.p;
}
};
node a[maxn], b[maxn];
int o[maxn];
int main(){
int t, T, l, n, cases = 0; cin >> T;
while(T--){
scanf("%d %d %d", &l, &t, &n);
for(int i = 0; i < n; ++i){
char ch;
scanf("%d %c", &a[i].p, &ch);
a[i].id = i;
a[i].d = (ch == ‘L‘ ? -1 : 1);//-1表示向左，1表示向右
b[i] = node(0, a[i].p + t*a[i].d, a[i].d); //id是未知的
}
sort(a, a+n);//按照从左到右的顺序排列
for(int i = 0; i < n; ++i)
o[a[i].id] = i;//确定顺序数组
sort(b, b+n);//计算最后状态
printf("Case #%d:\n", ++cases);
for(int i = 0; i < n; ++i){
int d = o[i];//对应顺序
if(b[d].p < 0 || b[d].p > l) printf("Fell off\n");
else if(b[d].p == b[d+1].p || b[d].p == b[d-1].p) printf("%d Turning\n", b[d].p);
else printf("%d %c\n", b[d].p, b[d].d == 1 ? ‘R‘ : ‘L‘);
}
printf("\n");
}
return 0;
}
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原文地址：http://www.cnblogs.com/dwtfukgv/p/5547536.html
