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题目大意：有n个木块排成一行，从左到右依次编号为1~n。你有k种颜色的油漆，其中第i种颜色的油漆足够涂ci个木块。
所有油漆刚好足够涂满所有木块，即c1+c2+...+ck=n。相邻两个木块涂相同色显得很难看，所以你希望统计任意两
个相邻木块颜色不同的着色方案。
题解：dp，设f[a][b][c][d][e][last]表示可以使用一次的为a个，可以使用两次的为b个，以此类推到e，last表示前一个是可以用last次的。
为什么要记录last？？
从dp方程可得：
if (a+b+c+d+e==0) return f[a][b][c][d][e][kind]=1;
if (f[a][b][c][d][e][kind]) return f[a][b][c][d][e][kind];
if (a) (sum+=(a-(kind==2))*calc(a-1,b,c,d,e,1))%=mod;
if (b) (sum+=(b-(kind==3))*calc(a+1,b-1,c,d,e,2))%=mod;
if (c) (sum+=(c-(kind==4))*calc(a,b+1,c-1,d,e,3))%=mod;
if (d) (sum+=(d-(kind==5))*calc(a,b,c+1,d-1,e,4))%=mod;
if (e) (sum+=e*calc(a,b,c,d+1,e-1,5))%=mod;
注释：kind即为last！
代码：
#include<iostream> #include<algorithm> #include<cmath> #include<cstring> #include<cstdio> #define ll long long #define N 6 #define mod 1000000007 using namespace std; int k,sum[N],x; int f[16][16][16][16][16][6]; ll ans; int read() { int x=0; char ch; bool bo=0; while (ch=getchar(),ch<‘0‘||ch>‘9‘) if (ch==‘-‘) bo=1; while (x=x*10+ch-‘0‘,ch=getchar(),ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘); if (bo) return -x; return x; } ll calc(int a,int b,int c,int d,int e,int kind) { ll sum=0; if (a+b+c+d+e==0) return f[a][b][c][d][e][kind]=1; if (f[a][b][c][d][e][kind]) return f[a][b][c][d][e][kind]; if (a) (sum+=(a-(kind==2))*calc(a-1,b,c,d,e,1))%=mod; if (b) (sum+=(b-(kind==3))*calc(a+1,b-1,c,d,e,2))%=mod; if (c) (sum+=(c-(kind==4))*calc(a,b+1,c-1,d,e,3))%=mod; if (d) (sum+=(d-(kind==5))*calc(a,b,c+1,d-1,e,4))%=mod; if (e) (sum+=e*calc(a,b,c,d+1,e-1,5))%=mod; return f[a][b][c][d][e][kind]=sum%mod; } int main() { k=read(); for (int i=1; i<=k; i++) x=read(),sum[x]++; ans=calc(sum[1],sum[2],sum[3],sum[4],sum[5],0); printf("%lld\n",ans); }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/HQHQ/p/5620862.html
