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某列火车行使在C个城市之间(出发的城市编号为1，结束达到的城市的编号为C)，假设该列火车有S个座位，现在有R笔预订票的业务。现在想对这R笔业务进行处理，看哪些预定能满足，哪些不能满足。
一笔预定由O、D、N三个整数组成，表示从起点站O到目标站D需要预定N个座位。一笔预定能满足是指该笔业务在行程范围内有能满足的空座位，否则就 不能满足。一笔业务不能拆分，也就是起点和终点站不能更改，预定的座位数目也不能更改。所有的预定需求按给出先后顺序进行处理。
请你编写程序，看那些预定业务能满足，那些不能满足。
输入文件中的第一行为三个整数C、S、R，(1<=c<=60 000, 1<=s<=60 000, 1<=r<=60 000)他们之间用空隔分开。接下来的R行每行为三个整数O、D、N，(1<=o<d<=c, 1<=n<=s)，分别表示每一笔预定业务。
对第I笔业务，如果能满足，则在输出文件中的第I行输出“T”，否则输出“N”
4 6 4
1 4 2
1 3 2
2 4 3
1 2 3
T
T
N
N
正解：线段树
解题报告：
想当年线段树入门的时候我就是看的这道题，当时居然没看懂。。。一直留着，都一年了。。。
操作显然是可以线段树维护的，注意一个区间[l，r]中r并不需要计算，所以只需要操作[l，r-1]就可以了。我们只需要查询区间最小值就可以了，因为如果这个区间的最小值都可以满足的话，显然整个区间是可以满足的，区间修改、区间查询即可。
1 //It is made by jump~ 2 #include <iostream> 3 #include <cstdlib> 4 #include <cstring> 5 #include <cstdio> 6 #include <cmath> 7 #include <algorithm> 8 #include <ctime> 9 #include <vector> 10 #include <queue> 11 #include <map> 12 #include <set> 13 using namespace std; 14 typedef long long LL; 15 const int MAXN = 60011; 16 int n,s,m,ans,ql,qr,val; 17 struct node{ 18 int lazy,_min; 19 }a[MAXN*4]; 20 21 inline int getint() 22 { 23 int w=0,q=0; char c=getchar(); 24 while((c<‘0‘ || c>‘9‘) && c!=‘-‘) c=getchar(); if(c==‘-‘) q=1,c=getchar(); 25 while (c>=‘0‘ && c<=‘9‘) w=w*10+c-‘0‘, c=getchar(); return q ? -w : w; 26 } 27 28 inline void build(int root,int l,int r){//记录的是实际区间 29 a[root]._min=s; if(l==r) return ; 30 int mid=(l+r)/2,lc=root*2,rc=lc+1; 31 build(lc,l,mid); build(rc,mid+1,r); 32 } 33 34 inline void pushdown(int root,int l,int r){ 35 if(!a[root].lazy) return ; if(l==r) return ; 36 int lc=root*2,rc=lc+1; 37 a[lc].lazy+=a[root].lazy; a[rc].lazy+=a[root].lazy; 38 a[lc]._min-=a[root].lazy; a[rc]._min-=a[root].lazy; 39 a[root].lazy=0; a[root]._min=min(a[lc]._min,a[rc]._min); 40 } 41 42 inline void query(int root,int l,int r){ 43 pushdown(root,l,r); 44 if(ql<=l && r<=qr) { ans=min(ans,a[root]._min); return ; } 45 int mid=(l+r)/2; int lc=root*2,rc=lc+1; 46 if(ql<=mid) query(lc,l,mid); if(qr>mid) query(rc,mid+1,r); 47 a[root]._min=min(a[lc]._min,a[rc]._min); 48 } 49 50 inline void update(int root,int l,int r){ 51 pushdown(root,l,r); 52 if(ql<=l && r<=qr) { a[root]._min-=val; a[root].lazy+=val; return ; } 53 int mid=(l+r)/2; int lc=root*2,rc=lc+1; 54 if(ql<=mid) update(lc,l,mid); if(qr>mid) update(rc,mid+1,r); 55 a[root]._min=min(a[lc]._min,a[rc]._min); 56 } 57 58 inline void work(){ 59 n=getint(); s=getint(); m=getint(); 60 build(1,1,n); int x,y,z; 61 for(int i=1;i<=m;i++) { 62 x=getint(); y=getint(); z=getint(); 63 ans=s; ql=x; qr=y-1; if(ql<=qr) query(1,1,n); 64 if(ql>qr){ printf("N\n"); continue; } 65 if(ans>=z) { val=z; if(ql<=qr)update(1,1,n); printf("T"); } 66 else printf("N"); 67 printf("\n"); 68 } 69 } 70 71 int main() 72 { 73 work(); 74 return 0; 75 }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/ljh2000-jump/p/5837983.html
