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XLk觉得《上帝造题的七分钟》不太过瘾，于是有了第二部。
"第一分钟，X说，要有数列，于是便给定了一个正整数数列。
第二分钟，L说，要能修改，于是便有了对一段数中每个数都开平方(下取整)的操作。
第三分钟，k说，要能查询，于是便有了求一段数的和的操作。
第四分钟，彩虹喵说，要是noip难度，于是便有了数据范围。
第五分钟，诗人说，要有韵律，于是便有了时间限制和内存限制。
第六分钟，和雪说，要省点事，于是便有了保证运算过程中及最终结果均不超过64位有符号整数类型的表示范围的限制。
第七分钟，这道题终于造完了，然而，造题的神牛们再也不想写这道题的程序了。"
——《上帝造题的七分钟·第二部》
所以这个神圣的任务就交给你了。
第一行一个整数n，代表数列中数的个数。
第二行n个正整数，表示初始状态下数列中的数。
第三行一个整数m，表示有m次操作。
接下来m行每行三个整数k,l,r，k=0表示给[l,r]中的每个数开平方(下取整)，k=1表示询问[l,r]中各个数的和。
对于询问操作，每行输出一个回答。
1：对于100%的数据，1<=n<=100000，1<=l<=r<=n，数列中的数大于0，且不超过1e12。
2：数据不保证L<=R 若L>R，请自行交换L,R，谢谢！
题意：区间开根号，优化：最大值小于1不更新；
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define ll long long #define pi (4*atan(1.0)) const int N=5e5+10,M=4e6+10,inf=1e9+10; ll sum[N<<2]; ll maxx[N<<2]; ll getnum(ll x) { return (ll)sqrt(x); } void pushup(int pos) { sum[pos]=sum[pos<<1]+sum[pos<<1|1]; maxx[pos]=max(maxx[pos<<1],maxx[pos<<1|1]); } void build(int l,int r,int pos) { if(l==r) { scanf("%lld",&sum[pos]); maxx[pos]=sum[pos]; return; } int mid=(l+r)>>1; build(l,mid,pos<<1); build(mid+1,r,pos<<1|1); pushup(pos); } void update(int L,int R,int l,int r,int pos) { if(l==r) { sum[pos]=getnum(sum[pos]); maxx[pos]=sum[pos]; return; } int mid=(l+r)>>1; if(L<=mid&&maxx[pos<<1]>1) update(L,R,l,mid,pos<<1); if(R>mid&&maxx[pos<<1|1]>1) update(L,R,mid+1,r,pos<<1|1); pushup(pos); } ll query(int L,int R,int l,int r,int pos) { if(L<=l&&r<=R) return sum[pos]; int mid=(l+r)>>1; ll ans=0; if(L<=mid) ans+=query(L,R,l,mid,pos<<1); if(R>mid) ans+=query(L,R,mid+1,r,pos<<1|1); return ans; } int main() { int n,m,i; scanf("%d",&n); build(1,n,1); scanf("%d",&m); while(m--) { int k,l,r; scanf("%d%d%d",&k,&l,&r); if(l>r)swap(l,r); if(k==0) update(l,r,1,n,1); else printf("%lld\n",query(l,r,1,n,1)); } return 0; }
bzoj 3038: 上帝造题的七分钟2 线段树||hdu 4027
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原文地址：http://www.cnblogs.com/jhz033/p/5840016.html
