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题意：给出n个字符串，求满足条件的最大下标值或层数
条件：该字符串之前存在不是 它的子串 的字符串
求解si是不是sj的子串，可以用kmp算法之类的。
strstr是黑科技，比手写的kmp快。if(strstr(s[i], s[j]) == NULL)，则Si不是Sj的子串。
还有一个重要的剪枝：对于一个串，如果当前找到的串是它的母串，则下一次这个串不用遍历。
1 #include <set> 2 #include <queue> 3 #include <cstdio> 4 #include <vector> 5 #include <cstring> 6 #include <algorithm> 7 using namespace std; 8 typedef long long LL; 9 #define mem(x,y) memset(x, y, sizeof(x)) 10 #define lson l,m,rt << 1 11 #define rson m+1,r,rt << 1 | 1 12 int gcd(int a,int b){return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);} 13 int lcm(int a,int b){return a / gcd(a, b) * b;} 14 15 int T, n; 16 char s[505][2005]; 17 int vis[505]; 18 19 int main() 20 { 21 scanf("%d", &T); 22 for(int Case = 1; Case <= T; Case++) 23 { 24 mem(vis, 0); 25 scanf("%d", &n); 26 getchar(); 27 for(int i = 1; i <= n; i++) 28 { 29 scanf("%s", s[i]); 30 } 31 int ans = -1; 32 for(int i = 2; i <= n; i++) 33 { 34 int ok = 0; 35 for(int j = i - 1; j >= 1; j--) 36 { 37 if(vis[j]) continue; 38 if(strstr(s[i], s[j]) == NULL)//sj 不是 si的子串 39 { 40 ok = 1; 41 break; 42 } 43 else 44 { 45 vis[j] = 1;//重要剪枝 46 } 47 } 48 if(ok) ans = i; 49 } 50 printf("Case #%d: %d\n", Case, ans); 51 } 52 return 0; 53 }
题意：有n个庙经过长时间风吹雨打需要修补，只有两座（被标记为a，b）完好无损不需要修补，有两个和尚轮流去修补这n-2个庙，每个和尚每次只能修补一个庙标记为i，并要求i满足i=j+k或者i=j-k，每个庙只能被修建一次；其中j和k代表已经修建好的庙，Yuwgna先开始，问最后谁不能修建谁输；
更相减损术！（gcd里头：辗转相除法，更相减损术，自行百度）
更相减损术：
1 #include <set> 2 #include <queue> 3 #include <cstdio> 4 #include <vector> 5 #include <cstring> 6 #include <algorithm> 7 using namespace std; 8 typedef long long LL; 9 #define mem(x,y) memset(x, y, sizeof(x)) 10 #define lson l,m,rt << 1 11 #define rson m+1,r,rt << 1 | 1 12 int gcd(int a,int b){return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);} 13 int T, n, x, y; 14 15 int main() 16 { 17 scanf("%d", &T); 18 for(int Case = 1; Case <= T; Case++) 19 { 20 scanf("%d%d%d", &n, &x, &y); 21 int g = gcd(x, y); 22 int cnt = n / g; 23 printf("Case #%d: ", Case); 24 printf("%s\n", cnt & 1 ? "Yuwgna" : "Iaka"); 25 } 26 return 0; 27 }
题意：给你一个n个点，m个集合的图，每个集合中的点都可以以di的距离相互的到达，问你两个人同时从1和n出发，会在那个点相遇。
每个集合内部里的所有的边都是互通的，如果一个个连就要n²了，可以采用增加虚拟结点的方式，来减少点。虚拟一个s，一个e，把他们连接起来。
1 for(int i = 1; i <= m; i++) 2 { 3 int w, num; 4 int s = n + i, e = n + i + m; 5 scanf("%d%d", &w, &num); 6 G[s].push_back(edge(e, w)); 7 while(num--) 8 { 9 int x; 10 scanf("%d", &x); 11 G[e].push_back(edge(x, 0)); 12 G[x].push_back(edge(s, 0)); 13 } 14 }
1 //题意：给你一个n个点，m个集合的图，每个集合中的点都可以以di的距离相互的到达，问你两个人同时从1和n出发，会在那个点相遇。 2 #include <set> 3 #include <queue> 4 #include <cstdio> 5 #include <vector> 6 #include <cstring> 7 #include <algorithm> 8 using namespace std; 9 typedef long long LL; 10 #define mem(x,y) memset(x, y, sizeof(x)) 11 #define lson l,m,rt << 1 12 #define rson m+1,r,rt << 1 | 1 13 int gcd(int a,int b){return b == 0 ? a : gcd(b, a % b);} 14 int lcm(int a,int b){return a / gcd(a, b) * b;} 15 16 int T, n, m, Case; 17 LL ans; 18 const int maxn_v = 1e5 + 5; 19 const LL INF = 1e18; 20 21 const int ssize = 2e6 + 1e5 + 5; 22 LL d1[ssize], d2[ssize]; 23 24 struct edge 25 { 26 int to; 27 LL co; 28 edge(int tt, LL cc):to(tt), co(cc){} 29 bool operator < (const edge &other)const 30 { 31 return co > other.co; 32 } 33 }; 34 vector<edge>G[ssize]; 35 void init() 36 { 37 for(int i = 1; i <= n + 2 * m; i++) G[i].clear(); 38 ans = INF; 39 } 40 void dijkstra(int s, LL dis[]) 41 { 42 for(int i = 1; i <= n + 2 * m; i++) dis[i] = INF; 43 priority_queue<edge>que; 44 dis[s] = 0; 45 que.push(edge(s, dis[s])); 46 while(!que.empty()) 47 { 48 edge p = que.top();que.pop(); 49 int v = p.to; 50 if(dis[v] < p.co) continue; 51 for(int i = 0; i < G[v].size(); i++) 52 { 53 edge e = G[v][i]; 54 if(dis[e.to] > dis[v] + e.co) 55 { 56 dis[e.to] = dis[v] + e.co; 57 que.push(edge(e.to, dis[e.to])); 58 } 59 } 60 } 61 } 62 63 void solve() 64 { 65 dijkstra(1, d1); 66 dijkstra(n, d2); 67 ans = INF; 68 for(int i = 1; i <= n; i++) 69 { 70 ans = min(ans, max(d1[i], d2[i])); 71 } 72 printf("Case #%d: ", Case); 73 74 if(ans == INF) 75 printf("Evil John\n"); 76 else 77 { 78 printf("%I64d\n", ans); 79 int cnt = 0; 80 for(int i = 1; i <= n; i++) 81 { 82 if(ans == max(d1[i], d2[i])) cnt++; 83 } 84 for(int i = 1; i <= n; i++) 85 { 86 if(ans == max(d1[i], d2[i])) cnt--, printf("%d%c", i, cnt ? ‘ ‘ : ‘\n‘ ); 87 } 88 } 89 } 90 91 92 int main() 93 { 94 scanf("%d", &T); 95 for(Case = 1; Case <= T; Case++) 96 { 97 scanf("%d%d", &n, &m); 98 init(); 99 for(int i = 1; i <= m; i++) 100 { 101 int w, num; 102 int s = n + i, e = n + i + m; 103 scanf("%d%d", &w, &num); 104 G[s].push_back(edge(e, w)); 105 while(num--) 106 { 107 int x; 108 scanf("%d", &x); 109 G[e].push_back(edge(x, 0)); 110 G[x].push_back(edge(s, 0)); 111 } 112 } 113 solve(); 114 } 115 return 0; 116 }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/luosuo10/p/5929376.html
