标签：
大东亚海底隧道连接着厦门、新北、博艾、那霸、鹿儿岛等城市，横穿东海，耗资1000亿博艾元，历时15年，于公元2058年建成。凭借该隧道，从厦门可以乘坐火车直达台湾、博艾和日本，全程只需要4个小时。
该铁路经过N个城市，每个城市都有一个站。不过，由于各个城市之间不能协调好，于是乘车每经过两个相邻的 城市之间（方向不限），必须单独购买这一小段的车票。第i段铁路连接了城市i和城市i+1(1<=i<N)。如果搭乘的比较远，需要购买多张 车票。第i段铁路购买纸质单程票需要Ai博艾元。
虽然一些事情没有协调好，各段铁路公司也为了方便乘客，推出了IC卡。对于第i段铁路，需要花Ci博艾元的工本费购买一张IC卡，然后乘坐这段铁路 一次就只要扣Bi(Bi<Ai)元。IC卡可以提前购买，有钱就可以从网上买得到，而不需要亲自去对应的城市购买。工本费不能退，也不能购买车票。 每张卡都可以充值任意数额。对于第i段铁路的IC卡，无法乘坐别的铁路的车。
Uim现在需要出差，要去M个城市，从城市P1出发分别按照P1,P2,P3...PM的顺序访问各个城市，可能会多次访问一个城市，且相邻访问的城市位置不一定相邻，而且不会是同一个城市。
现在他希望知道，出差结束后，至少会花掉多少的钱，包括购买纸质车票、买卡和充值的总费用。
第一行两个整数，N，M。
接下来一行，M个数字，表示Pi
接下来N-1行，表示第i段铁路的Ai,Bi,Ci
输出格式：一个整数，表示最少花费
9 10
3 1 4 1 5 9 2 6 5 3
200 100 50
300 299 100
500 200 500
345 234 123
100 50 100
600 100 1
450 400 80
2 1 10
6394
2到3以及8到9买票，其余买卡。
对于30%数据 M=2
对于另外30%数据 N<=1000 ，M<=1000
对于100%的数据 M,N<=100000,Ai,Bi,Ci<=100000
用前缀和数组算出每条路的经过次数，最后扫描每条路，决定买不买卡。
代码第35行的地方，我第一次写了 min( (long long)a*p, (long long)c+b*p) ，a b c都是int。 问题很明显：b*p花式越界。
嗨呀好气呀
1 /*By SilverN*/ 2 #include<iostream> 3 #include<cstdio> 4 #include<cmath> 5 #include<cstring> 6 #include<algorithm> 7 #define LL long long 8 using namespace std; 9 int read(){ 10 int x=0,f=1;char ch=getchar(); 11 while(ch<‘0‘ || ch>‘9‘){if(ch==‘-‘)f=-1;ch=getchar();} 12 while(ch>=‘0‘ && ch<=‘9‘){x=x*10+ch-‘0‘;ch=getchar();} 13 return x*f; 14 } 15 const int mxn=240000; 16 int n,m; 17 int smm[mxn]; 18 LL a,b,c; 19 void clc(int a,int b){ 20 if(a>b)swap(a,b); 21 smm[a]++;smm[b]--; 22 return; 23 } 24 int main(){ 25 n=read();m=read(); 26 int i,j; 27 int last,p; 28 last=read(); 29 for(i=2;i<=m;i++){p=read();clc(last,p);last=p;} 30 p=0; 31 long long ans=0; 32 for(i=1;i<n;i++){ 33 p+=smm[i]; 34 a=read();b=read();c=read(); 35 long long tmp=min(a*p,b*p+c); 36 ans+=tmp; 37 } 38 cout<<ans<<endl; 39 return 0; 40 }
标签：
原文地址：http://www.cnblogs.com/SilverNebula/p/5967212.html
