标签：while noip long getc pre ring 没有 select 技术
NP(np)
Time Limit:1000ms Memory Limit:64MB
题目描述
LYK 喜欢研究一些比较困难的问题，比如 np 问题。
这次它又遇到一个棘手的 np 问题。问题是这个样子的：有两个数 n 和 p，求 n 的阶乘
对 p 取模后的结果。
LYK 觉得所有 np 问题都是没有多项式复杂度的算法的，所以它打算求助即将要参加 noip
的你，帮帮 LYK 吧！
输入格式(np.in)
输入一行两个整数 n,p。
输出格式(np.out)
输出一行一个整数表示答案。
输入样例
3 4
输出样例
2
数据范围
对于 20%的数据： n,p<=5。
对于 40%的数据： n,p<=1000。
对于 60%的数据： n,p<=10000000。
对于 80%的数据： n<=10^18， p<=10000000。
对于另外 20%的数据： n<=10^18， p=1000000007。
其中大致有 50%的数据满足 n>=p。
暴力90
剩下的那个点分块打表
/*分块打表 涨姿势了2333*/ #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #define ll long long #define inf 10000000 using namespace std; ll n,p,ans=1,a[110]={0,682498929,491101308,76479948,723816384,67347853,27368307, 625544428,199888908,888050723,927880474,281863274,661224977,623534362,970055531, 261384175,195888993,66404266,547665832,109838563,933245637,724691727,368925948, 268838846,136026497,112390913,135498044,217544623,419363534,500780548,668123525, 128487469,30977140,522049725,309058615,386027524,189239124,148528617,940567523, 917084264,429277690,996164327,358655417,568392357,780072518,462639908,275105629, 909210595,99199382,703397904,733333339,97830135,608823837,256141983,141827977, 696628828,637939935,811575797,848924691,131772368,724464507,272814771,326159309, 456152084,903466878,92255682,769795511,373745190,606241871,825871994,957939114, 435887178,852304035,663307737,375297772,217598709,624148346,671734977,624500515, 748510389,203191898,423951674,629786193,672850561,814362881,823845496,116667533, 256473217,627655552,245795606,586445753,172114298,193781724,778983779,83868974, 315103615,965785236,492741665,377329025,847549272,698611116}; ll init(){ ll x=0,f=1;char s=getchar(); while(s<‘0‘||s>‘9‘){if(s==‘-‘)f=-1;s=getchar();} while(s>=‘0‘&&s<=‘9‘){x=x*10+s-‘0‘;s=getchar();} return x*f; } int main() { freopen("np.in","r",stdin); freopen("np.out","w",stdout); n=init();p=init(); if(n>=p){ cout<<"0"<<endl; return 0; } else{ if(n<=inf)for(int i=1;i<=n;i++){ ans=ans*i; if(ans>=p)ans%=p; if(ans==0)break; } else{ ans=a[n/inf]; for(int i=n/inf*inf+1;i<=n;i++){ ans=ans*i; if(ans>=p)ans%=p; if(ans==0)break; } } } cout<<ans<<endl; return 0; }
看程序写结果(program)
Time Limit:1000ms Memory Limit:64MB
题目描述
LYK 最近在准备 NOIP2017 的初赛，它最不擅长的就是看程序写结果了，因此它拼命地
在练习。
这次它拿到这样的一个程序：
Pascal：
readln(n);
for i:=1 to n do read(a[i]);
for i:=1 to n do for j:=1 to n do for k:=1 to n do for l:=1 to n do
if (a[i]=a[j]) and (a[i]<a[k]) and (a[k]=a[l]) then ans:=(ans+1) mod 1000000007;
writeln(ans);
C++：
scanf(“%d”,&n);
for (i=1; i<=n; i++) scanf(“%d”,&a[i]);
for (i=1; i<=n; i++) for (j=1; j<=n; j++) for (k=1; k<=n; k++) for (l=1; l<=n; l++)
if (a[i]==a[j] && a[i]<a[k] && a[k]==a[l]) ans=(ans+1)%1000000007;
printf(“%d\n”,ans);
LYK 知道了所有输入数据，它想知道这个程序运行下来会输出多少。
输入格式(program.in)
第一行一个数 n，第二行 n 个数，表示 ai。
输出格式(program.out)
一个数表示答案。
输入样例
4
1 1 3 3
输出样例
4
数据范围
对于 20%的数据 n<=50。
对于 40%的数据 n<=200。
对于 60%的数据 n<=2000。
对于 100%的数据 n<=100000， 1<=ai<=1000000000。
其中均匀分布着 50%的数据不同的 ai 个数<=10，对于另外 50%的数据不同的 ai 个
数>=n/10。
模拟
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #define maxn 100010 #define ll long long #define mod 1000000007 using namespace std; ll n,a[maxn],c[maxn],r[maxn],ans,f[maxn]; ll init(){ ll x=0,f=1;char s=getchar(); while(s<‘0‘||s>‘9‘){if(s==‘-‘)f=-1;s=getchar();} while(s>=‘0‘&&s<=‘9‘){x=x*10+s-‘0‘;s=getchar();} return x*f; } void Get(){ f[0]=1; for(int i=1;i<=n;i++) f[i]=f[i-1]*i%mod; } ll Qc(ll x,ll y){ ll r=1; while(y){ if(y&1)r=r*x%mod; y>>=1;x=x*x%mod; } return r; } ll A(ll x,ll y){ return f[x]*Qc(f[x-y],mod-2)%mod; } int main() { freopen("program.in","r",stdin); freopen("program.out","w",stdout); n=init();Get(); for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=init(); sort(a+1,a+1+n); ll now=a[1];c[0]=1; for(int i=1;i<=n;){ while(a[i]==now&&i<=n)c[c[0]]++,i++; c[0]++;now=a[i]; } c[0]--; for(int i=1;i<=c[0];i++) c[i]=(c[i]+A(c[i],2)%mod)%mod; for(int i=c[0];i>=1;i--) r[i]=(r[i+1]+c[i])%mod; for(int i=1;i<=n;i++) ans=(ans+c[i]*r[i+1]%mod)%mod; cout<<ans<<endl; return 0; }
选数字 (select)
Time Limit:3000ms Memory Limit:64MB
题目描述
LYK 找到了一个 n*m 的矩阵，这个矩阵上都填有一些数字，对于第 i 行第 j 列的位置上
的数为 ai,j。
由于它 AK 了 noip2016 的初赛，最近显得非常无聊，便想到了一个方法自娱自乐一番。
它想到的游戏是这样的：每次选择一行或者一列，它得到的快乐值将会是这一行或者一列的
数字之和。之后它将该行或者该列上的数字都减去 p（之后可能变成负数）。如此，重复 k
次，它得到的快乐值之和将会是它 NOIP2016 复赛比赛时的 RP 值。
LYK 当然想让它的 RP 值尽可能高，于是它来求助于你。
输入格式(select.in)
第一行 4 个数 n,m,k,p.
接下来 n 行 m 列，表示 ai,j。
输出格式(select.out)
输出一行表示最大 RP 值。
输入样例
2 2 5 2
1 3
2 4
输出样例
11
数据范围
总共 10 组数据。
对于第 1,2 组数据 n,m,k<=5。
对于第 3 组数据 k=1。
对于第 4 组数据 p=0。
对于第 5,6 组数据 n=1， m,k<=1000。
对于第 7,8 组数据 n=1， m<=1000， k<=1000000。
对于所有数据 1<=n,m<=1000， k<=1000000， 1<=ai,j<=1000， 0<=p<=100。
样例解释
第一次选择第二列，第二次选择第二行，第三次选择第一行，第四次选择第二行，第五
次选择第一行，快乐值为 7+4+2+0+-2=11。
暴力40 不粘了
正解贪心
/*利用选整整一行或者整整一列的性质 发现行列不影响 那么枚举选了几次行 取max*/ #include<iostream> #include<cstdio> #include<queue> #define maxn 1000010 #define ll long long #define inf 1e18 using namespace std; ll n,m,k,p,g[1010][1010],c1[maxn],c2[maxn],ans=-inf,s1[maxn],s2[maxn]; priority_queue<ll>q1,q2; ll init(){ ll x=0,f=1;char s=getchar(); while(s<‘0‘||s>‘9‘){if(s==‘-‘)f=-1;s=getchar();} while(s>=‘0‘&&s<=‘9‘){x=x*10+s-‘0‘;s=getchar();} return x*f; } int main() { freopen("select.in","r",stdin); freopen("select.out","w",stdout); n=init();m=init();k=init();p=init(); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) g[i][j]=init(); for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=m;j++) c1[i]+=g[i][j]; for(int i=1;i<=n;i++) q1.push(c1[i]); for(int j=1;j<=m;j++) for(int i=1;i<=n;i++) c2[j]+=g[i][j]; for(int i=1;i<=m;i++) q2.push(c2[i]); for(int i=1;i<=k;i++){ ll x=q1.top(); s1[i]=s1[i-1]+x;q1.pop(); q1.push(x-p*m); } for(int i=1;i<=k;i++){ ll x=q2.top(); s2[i]=s2[i-1]+x;q2.pop(); q2.push(x-p*n); } for(int i=0;i<=k;i++)//枚举选了几次行 ans=max(ans,s1[i]+s2[k-i]-i*(k-i)*p); cout<<ans<<endl; return 0; }
标签：while noip long getc pre ring 没有 select 技术
原文地址：http://www.cnblogs.com/yanlifneg/p/6037494.html
