标签：exp 也会 冲突 using printf 操作 mod space ++
A数组显示从0到i的最小值
B数组显示从0到i的最大值
由此可得：A数组是单调不增的(怎么也会不使得最小值变大)
B数组是单调不减的。
设premin和premax为i位以前的最小值和最大值.
可以得出以下几点：
1.第一位,A数组和B数组定然相同,否则无解
2.当A[i]>B[i] 无解
3.当A[i]<premin,更新最小值，同时意味着这意味只能放A[i],当B[i]>premax,同样操作
,当如果两者同时发生,说明有冲突,无解
4.当A[i]==premin&&B[i]==premax,此时可以放置的点有premax-premin+1个
但是题目要求数字都是唯一的,可以观察下以前的放置过程中占了多少个数字
1.可以看到,A数组单调不增,B数组单调不减,所以premax-premin的区间是递增的,也就意味着
前面所使用的数字都是从现在的可用区间内拿去的
2.首先首位是确定的,占去一位:count=1
3.更新premax和premin的时候,每次都会确定一个数count+=1
4.每次A[i]==premin&&B[i]==premax的时候,虽然可选的情况多,
但也就只确定一个数count+=1
最后利用乘法原理,就能过题了
#include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long LL; const int Max=1e5+10; const int MOD=998244353; int A[Max],B[Max],n; int dfs(int cur,int pre) { int premin,premax; premin=premax=pre; LL ans=1,sum,count=1; for(int i=cur;i<n;i++) { if(A[i]>B[i]) return 0; if(A[i]!=premin||B[i]!=premax) { if(A[i]!=premin&&B[i]!=premax) return 0; if(A[i]>premin||B[i]<premax) return 0; if(A[i]<premin) premin=A[i]; if(B[i]>premax) premax=B[i]; count++; } else { sum=premax-premin-count+1; if(sum<=0) return 0; ans=(ans*sum)%MOD; count++; } } return ans; } int main() { int T; for(scanf("%d",&T);T;T--) { scanf("%d",&n); for(int i=0;i<n;i++) { scanf("%d",&A[i]); } for(int i=0;i<n;i++) { scanf("%d",&B[i]); } int ans; if(A[0]!=B[0]) ans=0; else ans=dfs(1,A[0]); printf("%d\n",ans); } return 0; }
标签：exp 也会 冲突 using printf 操作 mod space ++
原文地址：http://www.cnblogs.com/zsyacm666666/p/6114951.html
