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令f(i, j, k)表示前i列，二进制状态为j，已经用了k个国王的方案数，则
f(i, j, k) = sigma(i - 1, p, k - num[j])，其中可以从p状态转化到j状态，num[j]表示j状态下的国王数。
乍一看可能会超时，因为共有n * 2^n * n^2个状态，即状态数为O(n^3 * 2^n)，转移的复杂度为O(2^n)，因此总时间复杂度为O(n^3 * 2^2n)，严重超时，其实不然。首先很多状态本身就不合法，比如邻接着的两个国王，这就已经剔除很多状态了，然后能转移过来的状态就更少了，所以不会超时的。
#include <cstdio>
#include <cstring>
int n, kk, num[515], S[515];
long long f[11][515][85], ans;
int head[515], next[512 * 512], to[512 * 512], lb;
inline void ist(int aa, int ss) {
to[lb] = ss;
next[lb] = head[aa];
head[aa] = lb;
++lb;
}
int main(void) {
memset(next, -1, sizeof next);
memset(head, -1, sizeof head);
scanf("%d%d", &n, &kk);
for (int i = 0; i < (1 << n); ++i) {
S[i] = (1 << n) - 1;
for (int j = 0; j < n; ++j) {
if (i >> j & 1) {
++num[i];
if (j) {
if (i >> (j - 1) & 1) {
num[i] = -1;
break;
}
S[i] &= (~(1 << (j - 1)));
}
S[i] &= (~(1 << j));
if (j < n - 1) {
S[i] &= (~(1 << (j + 1)));
}
}
}
}
for (int i = 0; i < (1 << n); ++i) {
if (num[i] == -1) {
continue;
}
for (int j = 0; j < (1 << n); ++j) {
if (num[j] != -1 && (S[i] | j) == S[i]) {
ist(i, j);
}
}
}
f[0][0][0] = 1;
for (int i = 1; i <= n; ++i) {
for (int j = 0; j < (1 << n); ++j) {
for (int k = num[j]; k <= kk; ++k) {
for (int p = head[j]; p != -1; p = next[p]) {
f[i][j][k] += f[i - 1][to[p]][k - num[j]];
}
}
}
}
for (int j = 0; j < (1 << n); ++j) {
ans += f[n][j][kk];
}
printf("%lld\n", ans);
return 0;
}
_bzoj1087 [SCOI2005]互不侵犯King【dp】
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原文地址：http://www.cnblogs.com/ciao-sora/p/6368660.html
