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第一行： C1 C2 C3 C4 N 其中N为空运的部队数
接下来n行： Mi1 Mi2 Mi3 Mi4 Wi 表示各运载部队需空运的4种物品数量Mi和各自运输机的载重量Wi i=1,2,….. , N
输出有N行，表示各部队运载物品的方案总数，保证答案在10000范围内
【约束条件】
1 2 5 10 2
3 2 3 1 10
1000 2 2 2 900
4 27
背包写的代码感觉数据强点肯定WA竟然过了，后来hxw说可以换种思想，不比拘泥于一种形式。
这道题不同以往的背包问题，他告诉我们固定的四件物品，而不是n件，所以我们可以两件两件的考虑最后计算总值；
由于物品数量最大500，所以这样做的话大大节约了复杂度。
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ql(a) memset(a,0,sizeof(a))
int a1[100005],a2[100005];
int main()
{
int C[5],N,i,j,k;
int M[5],W;
while(cin>>C[1]>>C[2]>>C[3]>>C[4]>>N){
while(N--){int s=0;
memset(a1,0,sizeof(a1));
memset(a2,0,sizeof(a2));
cin>>M[1]>>M[2]>>M[3]>>M[4]>>W;
for(i=0;i<=M[1];++i)
for(j=0;j<=M[2];++j)
if(C[1]*i+C[2]*j<=W) a1[C[1]*i+C[2]*j]++; //前两件物品的方案
for(i=0;i<=M[3];++i)
for(j=0;j<=M[4];++j)
if(C[3]*i+C[4]*j<=W) a2[C[3]*i+C[4]*j]++; //后两件的方案
for(i=0;i<=W;++i)
s+=a1[i]*a2[W-i]; //组合问题
cout<<s<<endl;
}
}
return 0;
}
背包代码：
#include<bits/stdc++.h>using namespace std;int dp[100005];int main(){ int n,i,j,k,w,q; int c[6],m[6]; while(cin>>c[1]>>c[2]>>c[3]>>c[4]>>n){ while(n--){ memset(dp,0,sizeof(dp)); dp[0]=1; cin>>m[1]>>m[2]>>m[3]>>m[4]>>w; for(i=1;i<=4;++i){ for(j=w;j>=c[i];--j) //w最大10w，这样的话有可能TLE。。。10w*500.。。 for(k=1;k<=m[i];++k) if(j>=k*c[i]) dp[j]+=dp[j-k*c[i]]; } cout<<dp[w]<<endl; } } return 0;}#include<stdio.h>#include<string.h>#include<stdlib.h>#define N 100010int c1[N+10],c2[N+10],c[4],m[4];int main(){ int i,n,j,k,w; while(scanf("%d %d %d %d %d",&c[0],&c[1],&c[2],&c[3],&n)!=EOF) { while(n--) { for(i=0;i<4;i++) { scanf("%d",&m[i]); } scanf("%d",&w); memset(c1,0,sizeof(int)*(w+10)); memset(c2,0,sizeof(int)*(w+10)); for(i=0,j=0;i<=m[0];i++,j+=c[0]) c1[j]=1; for(i=1;i<4;i++){ for(j=0;j<=w;j++) { if(c1[j]==0) continue; for(k=0;k+j<=w&&k<=m[i];k++) { c2[k*c[i]+j]+=c1[j]; } } for(j=0;j<=w;j++) { c1[j]=c2[j]; c2[j]=0; } } printf("%d\n",c1[w]); } } return 0;}标签：sso 办公 问题 0ms led using 状态 scanf pre
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