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在宽广的非洲荒漠中，生活着一群勤劳勇敢的羊驼家族。被族人恭称为“先知”的Alpaca L. Sotomon是这个家族的领袖，外人也称其为“所驼门王”。所驼门王毕生致力于维护家族的安定与和谐，他曾亲自率军粉碎河蟹帝国主义的野蛮侵略，为族人 立下赫赫战功。所驼门王一生财宝无数，但因其生性节俭低调，他将财宝埋藏在自己设计的地下宫殿里，这也是今天Henry Curtis故事的起点。Henry是一个爱财如命的贪婪家伙，而又非常聪明，他费尽心机谋划了这次盗窃行动，破解重重机关后来到这座地下宫殿前。
整座宫殿呈矩阵状，由R×C间矩形宫室组成，其中有N间宫室里埋藏着宝藏，称作藏宝宫室。宫殿里外、相邻宫室间都由坚硬的实体墙阻隔，由一间宫室到 达另一间只能通过所驼门王独创的移动方式——传送门。所驼门王为这N间藏宝宫室每间都架设了一扇传送门，没有宝藏的宫室不设传送门，所有的宫室传送门分为 三种：
“横天门”：由该门可以传送到同行的任一宫室；
“纵寰门”：由该门可以传送到同列的任一宫室；
深谋远虑的Henry当然事先就搞到了所驼门王当年的宫殿招标册，书册上详细记录了每扇传送门所属宫室及类型。而且，虽然宫殿内外相隔，但他自行准 备了一种便携式传送门，可将自己传送到殿内任意一间宫室开始寻宝，并在任意一间宫室结束后传送出宫。整座宫殿只许进出一次，且便携门无法进行宫室之间的传 送。不过好在宫室内传送门的使用没有次数限制，每间宫室也可以多次出入。
现在Henry已经打开了便携门，即将选择一间宫室进入。为得到尽多宝藏，他希望安排一条路线，使走过的不同藏宝宫室尽可能多。请你告诉Henry这条路线最多行经不同藏宝宫室的数目。
输入文件sotomon.in第一行给出三个正整数N, R, C。
以下N行，每行给出一扇传送门的信息，包含三个正整数xi, yi, Ti，表示该传送门设在位于第xi行第yi列的藏宝宫室，类型为Ti。Ti是一个1~3间的整数，1表示可以传送到第xi行任意一列的“横天门”，2表示 可以传送到任意一行第yi列的“纵寰门”，3表示可以传送到周围8格宫室的“free门”。
保证1≤xi≤R，1≤yi≤C，所有的传送门位置互不相同。
输出格式：输出文件sotomon.out只有一个正整数，表示你确定的路线所经过不同藏宝宫室的最大数目。
10 7 7 2 2 1 2 4 2 1 7 2 2 7 3 4 2 2 4 4 1 6 7 3 7 7 1 7 5 2 5 2 1
9
数据规模和约定：
这道题建图有点恶心。。。
建图后tarjan缩点，spfa求最长路（tarjan缩点之后就没有环了）
代码打起来很复杂，但思路还是很清晰的。
#include<iostream> #include<cmath> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<algorithm> #include<cstdio> using namespace std; int n,m,r,c,ans; struct student { int x,y,k,n; } a[100001]; int head[100001],size,head2[100001],size2; struct map { int next,to; } edge[8500001],edge2[2500001]; void putin(int from,int to) { size++; edge[size].next=head[from]; edge[size].to=to; head[from]=size; } bool cmp1(const student a,const student b) { if(a.x!=b.x)return a.x<b.x; else return a.y<b.y; } bool cmp2(const student a,const student b) { if(a.y!=b.y)return a.y<b.y; else return a.x<b.x; } int dfn[100001],low[100001],dfscnt,scnt,sccno[100001],stack[100001],top,num[100001]; bool vis[100001]; void tarjan(int root) { int i,j; low[root]=dfn[root]=++dfscnt; stack[++top]=root; vis[root]=1; for(i=head[root]; i; i=edge[i].next) { int y=edge[i].to; if(!dfn[y]) { tarjan(y); low[root]=min(low[root],low[y]); } else if(vis[y])low[root]=min(low[root],dfn[y]); } if(dfn[root]==low[root]) { scnt++; while(top>0&&stack[top+1]!=root) { sccno[stack[top]]=scnt; num[scnt]++; vis[stack[top--]]=0; } } return; } void putin2(int from,int to) { size2++; edge2[size2].next=head2[from]; edge2[size2].to=to; head2[from]=size2; } int p[800001],in[100001],out[100001],mmax[100001]; void spfa() { int i,j,top=0,tail=0; for(i=1;i<=scnt;i++) if(in[i]==0) p[tail++]=i,mmax[i]=num[i]; while(top!=tail) { int x=p[top++]; for(i=head2[x];i;i=edge2[i].next) { int y=edge2[i].to; if(in[y]==0)continue; in[y]--; if(mmax[y]<mmax[x]+num[y]) { mmax[y]=mmax[x]+num[y]; } if(!in[y]) p[tail++]=y; } } return; } int main() { int i,j; scanf("%d%d%d",&n,&r,&c); for(i=1; i<=n; i++) scanf("%d%d%d",&a[i].x,&a[i].y,&a[i].k),a[i].n=i; sort(a+1,a+n+1,cmp1); for(i=1; i<=n; i++) { if(a[i].k==1) { for(j=i+1; a[j].x==a[i].x; j++)putin(a[i].n,a[j].n); for(j=i-1; a[j].x==a[i].x; j--)putin(a[i].n,a[j].n); } if(a[i].k==3) { if(a[i+1].y==a[i].y+1&&a[i+1].x==a[i].x)putin(a[i].n,a[i+1].n); if(a[i-1].y==a[i].y-1&&a[i-1].x==a[i].x)putin(a[i].n,a[i-1].n); j=i; while(a[j].x==a[i].x)j--; while(a[j].x==a[i].x-1){if(a[j].y==a[i].y||a[j].y==a[i].y+1||a[j].y==a[i].y-1)putin(a[i].n,a[j].n);j--;} j=i; while(a[j].x==a[i].x)j++; while(a[j].x==a[i].x+1){if(a[j].y==a[i].y||a[j].y==a[i].y+1||a[j].y==a[i].y-1)putin(a[i].n,a[j].n);j++;} } } sort(a+1,a+n+1,cmp2); for(i=1; i<=n; i++) { if(a[i].k==2) { for(j=i+1; a[j].y==a[i].y; j++)putin(a[i].n,a[j].n); for(j=i-1; a[j].y==a[i].y; j--)putin(a[i].n,a[j].n); } } for(i=1; i<=n; i++) if(!dfn[i])tarjan(i); for(i=1; i<=n; i++) { for(j=head[i]; j; j=edge[j].next) { int y=edge[j].to; if(sccno[y]!=sccno[i])putin2(sccno[i],sccno[y]),in[sccno[y]]++,out[sccno[i]]++; } } spfa(); for(i=1;i<=scnt;i++) ans=max(ans,mmax[i]); printf("%d",ans); return 0; }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/huangdalaofighting/p/6786392.html
