标签：方便 比较 重复数 提高 -- fine define long 正整数
如果一个数x的约数和（不包括它本身，下同）比它本身小，那么x可以变成它的约数和；如果对于某个y>x且y的约数和为x，那么x也可以变成y。例如，4可以变为3，1可以变为7。限定所有的数字变换在不超过n的正整数范围内进行，求不断进行数字变换且没有重复数字出现的最多变换步数。
7
3
这是网上抄来的解析：如果x和y可以互相转化，就连接一条无向边，最后得到的图其实是一个森林，每棵树都是无根树，其实就是要求，整个森林中两个连通的点的最远距离（这里边权都是1），和在无根树中求两点最远距离是一样的，不过这题的特殊性，可以更方便点 对于任意一条边，必有x<y，在树中，x就应该为y的双亲（因为y的约数和是唯一的，但x可能是很多个数的约数和，这正好对应树的关系，双亲唯一，孩子不定）。而dp思想照样是找出每个节点到叶子的最大值m1和次大值m2，再两者相加的dp[rt]，而整个树中的最大值，就是扫描全部节点，找到最大的dp[rt] 由于这题，每个节点的双亲是可以记录下来的，所以dp的时候不用递归，而写成递推式，直接从叶往上递推，为什么不能从根往下递推呢，这很容易理解，想想我们是怎么计算m1和m2的 还有一个重要的时候就是怎么找出约数和，数据比较大，应该尽量避免多余的判断，用筛法求约数和则是一个不错的方法
这是我的代码：
#include<bits/stdc++.h>
#define maxn 102930
using namespace std;
int n;
long long sum[maxn],m1[maxn],m2[maxn];
void solve()
{
for(int i=n;i>=1;i--)
{
if(sum[i]<i)//判断是否符合条件，注意审题。
{
if(m1[i]+1>m1[sum[i]])
{
m2[sum[i]]=m1[sum[i]];
m1[sum[i]]=m1[i]+1;
}
else if(m1[i]+1>m2[sum[i]])
m2[sum[i]]=m1[i]+1;
}
}
long long ans=0;
for(int i=1;i<=n;i++)
ans=max(m1[i]+m2[i],ans);
cout<<ans<<endl;
}
int main()
{
cin>>n;
for(int i=1;i<=n;i++) sum[i]=1;
for(int i=2;i<=n/2;i++)
for(int j=2*i;j<=n;j+=i)//求约数和
sum[j]+=i;
solve();
return 0;
}
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原文地址：http://www.cnblogs.com/foreverpiano/p/6930226.html
