标签：cstring 操作 oid 转化 容量 导致 status front 电视
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输出一行包含一个整数，表示JYY看完所有支线剧情所需要的最少时间。
JYY需要重新开始3次游戏，加上一开始的一次游戏，4次游戏的进程是
图论 网络流 有下界的费用流
我们愉快地发现这是一个DAG，那么就可以愉快地跑网络流。
每个支线剧情（即每条边）都需要经过至少一次，要求总代价最小，可以用带下界的最小费用流解决。
从1以外的每个点向点1连边（对应“重开游戏”操作），正好可以把原图转化成一个无源汇图。
具体连边方法：
虚拟源汇S和T。
对于每条边 u -> v：
从S向v连边，容量为1，费用为dis(u,v)，限制至少走一次
从u向v连边，容量为INF，费用为dis(u,v)，表示可以走多次
对于每个点u
若u!=1，从u向1连边，容量为INF，费用为0
从u向T连边，容量为u的出度，费用为0
（思考一下可以发现这和有上下界的最大流的拆边方法相同）
然而跑出来特别慢，7s才过，不知道status里那些几十ms的怎么做到的
1 /*by SilverN*/ 2 #include<iostream> 3 #include<algorithm> 4 #include<cstdio> 5 #include<cmath> 6 #include<cstring> 7 #include<queue> 8 using namespace std; 9 const int INF=0x3f3f3f3f; 10 const int mxn=100010; 11 int read(){ 12 int x=0,f=1;char ch=getchar(); 13 while(ch<‘0‘ || ch>‘9‘){if(ch==‘-‘)f=-1;ch=getchar();} 14 while(ch>=‘0‘ && ch<=‘9‘){x=x*10+ch-‘0‘;ch=getchar();} 15 return x*f; 16 } 17 struct edge{ 18 int u,v,nxt,f,w; 19 }e[mxn]; 20 int hd[650],mct=1; 21 inline void add_edge(int u,int v,int f,int w){ 22 e[++mct].v=v;e[mct].u=u;e[mct].nxt=hd[u];e[mct].f=f;e[mct].w=w;hd[u]=mct;return; 23 } 24 inline void insert(int u,int v,int f,int w){ 25 add_edge(u,v,f,w);add_edge(v,u,0,-w); 26 } 27 // 28 int n,m,K,S,T; 29 int dis[320],pre[320]; 30 bool inq[320]; 31 queue<int>q; 32 bool SPFA(){ 33 memset(dis,0x3f,sizeof dis); 34 q.push(S);dis[S]=0; 35 while(!q.empty()){ 36 int u=q.front();q.pop();inq[u]=0; 37 for(int i=hd[u];i;i=e[i].nxt){ 38 int v=e[i].v; 39 if(e[i].f && dis[v]>dis[u]+e[i].w){ 40 dis[v]=dis[u]+e[i].w; 41 pre[v]=i; 42 if(!inq[v]){inq[v]=1;q.push(v);} 43 } 44 } 45 } 46 return dis[T]<INF; 47 } 48 int MCF(){ 49 int ans=0; 50 while(SPFA()){ 51 int tmp=INF; 52 for(int i=pre[T];i;i=pre[e[i].u])tmp=min(tmp,e[i].f); 53 ans+=tmp*dis[T]; 54 for(int i=pre[T];i;i=pre[e[i].u])e[i].f-=tmp,e[i^1].f+=tmp; 55 } 56 return ans; 57 } 58 int main(){ 59 // freopen("in.txt","r",stdin); 60 int i,j; 61 n=read(); 62 S=0;T=n+1; 63 int a,u,v,w; 64 for(i=1;i<=n;i++){ 65 a=read(); 66 for(j=1;j<=a;j++){ 67 v=read();w=read(); 68 insert(S,v,1,w); 69 insert(i,v,INF,w); 70 } 71 if(i!=1){insert(i,1,INF,0);} 72 insert(i,T,a,0); 73 } 74 int ans=MCF(); 75 printf("%d\n",ans); 76 return 0; 77 }
标签：cstring 操作 oid 转化 容量 导致 status front 电视
原文地址：http://www.cnblogs.com/SilverNebula/p/6973658.html
