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题目链接：http://uva.onlinejudge.org/index.php?option=com_onlinejudge&Itemid=8&category=20&page=show_problem&problem=1822
题目意思：有一条 L 厘米长的杆，上面有 n 只蚂蚁，给出每只蚂蚁的朝向以及离杆上最左端的距离，问 T 秒之后每只蚂蚁到达的位置，如果 T 秒后某个位置有多只蚂蚁同时到达，那么这堆蚂蚁处于的位置 + Turning，如果超过这条杆的长度，输出Fell off，其余情况是：蚂蚁位置+朝向
突发奇想，想做下这题，学习了 lrj 写法。
他的before 和 after 处理，使得蚂蚁在杆子上依次从左到右处理，而且这样做的好处是，不需要对当前的蚂蚁T秒后的位置与已经处理的蚂蚁作比较（检查是否有Turning 情况），大大节省了时间，否则有可能是10000 × 10000 呢～～～order 数组则记下原来最开始时蚂蚁的编号，是为了输出按回原输入啦。
好简洁，好好向他学习^_^
1 #include <iostream> 2 #include <cstdio> 3 #include <algorithm> 4 using namespace std; 5 6 const int maxn = 10000 + 5; 7 8 struct Ant 9 { 10 int id; // 蚂蚁编号 11 int p; // 蚂蚁位置 12 int d; // 蚂蚁朝向 左: -1 转向：0 右：1 13 bool operator < (const Ant& a) const 14 { 15 return p < a.p; 16 } 17 }before[maxn], after[maxn]; 18 19 int order[maxn]; 20 char dirname[][10] = {"L", "Turning", "R"}; 21 22 int main() 23 { 24 int N, L, T, n; 25 while (scanf("%d", &N) != EOF) 26 { 27 for (int cas = 1; cas <= N; cas++) 28 { 29 scanf("%d%d%d", &L, &T, &n); 30 int dir; 31 char pos; 32 for (int i = 0; i < n; i++) 33 { 34 cin >> dir >> pos; 35 int d = (pos == ‘R‘ ? 1 : -1); 36 before[i] = (Ant){i, dir, d}; 37 after[i] = (Ant){0, dir+d*T, d}; 38 } 39 sort(before, before+n); 40 for (int i = 0; i < n; i++) 41 order[before[i].id] = i; 42 sort(after, after+n); 43 for (int i = 0; i < n-1; i++) 44 { 45 if (after[i].p == after[i+1].p) 46 after[i].d = after[i+1].d = 0; // 碰撞 47 } 48 printf("Case #%d:\n", cas); 49 for (int i = 0; i < n; i++) 50 { 51 int a = order[i]; 52 if (after[a].p < 0 || after[a].p > L) 53 printf("Fell off\n"); 54 else 55 printf("%d %s\n", after[a].p, dirname[after[a].d+1]); // +1是因为数组下标没有-1 56 } 57 puts(""); 58 } 59 } 60 return 0; 61 }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/windysai/p/3945855.html
