标签：其他 ... 题解 soft efi name 包含 air eof
题目描述
输入
输出
样例输入
6 6 4
1 2 1
2 3 1
3 4 1
2 5 1
3 6 1
5 6 1
样例输出
3 4
题解
堆优化Dijkstra+DFS树+树的点分治
我会说本题难点在于求最短路径树吗？
首先题意理解了半天，还是不懂“而非路径中节点编号相连的字符串字典序最小”是啥意思，后来才发现还有这种非人类理解方法...
求题目要求的最短路径树方法：先求出最短路图（由所有构成最短路的边构成的图，对字典序没有要求），然后按照字典序求出最短路图的DFS树即为最短路径树。
证明：最短路径树一定在最短路图上，而修改字典序优先DFS树的任意一条边都会使字典序增大，因此命题得证
求出最短路径树之后就是点分治的问题了。
由于本题的点分治是固定点数的（即固定边数），因此可以直接开数组记录一下某深度的最大权值，然后使用类似于树形dp的方法来求答案。
具体地，设f[i]为当前子树深度为i的最大边权和，g[i]为之前子树以及根节点深度为i的最大边权和，那么对答案的贡献即为f[i]+g[k-1-i]。
可以证明时间复杂度最坏情况下是$O(n\log n)$的。
另外注意清空数组时不能使用memset，否则时间复杂度直接起飞。
数组多的不忍直视= =
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
#include <utility>
#include <vector>
#define N 30010
#define inf 0x3fffffff
using namespace std;
priority_queue<pair<int , int> > q;
vector<int> v[N];
int hh[N] , tt[N << 2] , ll[N << 2] , nn[N << 2] , cc = 1 , vv[N] , dd[N] , uu[N];
int n , k , head[N] , to[N << 1] , len[N << 1] , next[N << 1] , cnt;
int vis[N] , root , sum , si[N] , bs[N] , f[N] , g[N] , sf[N] , sg[N] , md , deep[N] , dis[N] , ans , num;
void aa(int x , int y , int z)
{
tt[++cc] = y , ll[cc] = z , nn[cc] = hh[x] , hh[x] = cc;
}
void add(int x , int y , int z)
{
to[++cnt] = y , len[cnt] = z , next[cnt] = head[x] , head[x] = cnt;
}
bool cmp(int a , int b)
{
return tt[a] < tt[b];
}
void dijkstra()
{
int x , i;
memset(dd , 0x3f , sizeof(dd));
dd[1] = 0 , q.push(make_pair(0 , 1));
while(!q.empty())
{
x = q.top().second , q.pop();
if(vv[x]) continue;
vv[x] = 1;
for(i = hh[x] ; i ; i = nn[i])
if(dd[x] == dd[tt[i]] + ll[i])
v[tt[i]].push_back(i ^ 1);
for(i = hh[x] ; i ; i = nn[i])
if(dd[tt[i]] > dd[x] + ll[i])
dd[tt[i]] = dd[x] + ll[i] , q.push(make_pair(-dd[tt[i]] , tt[i]));
}
}
void dfs(int x)
{
int i;
sort(v[x].begin() , v[x].end() , cmp);
for(i = 0 ; i < (int)v[x].size() ; i ++ )
if(!uu[tt[v[x][i]]])
uu[tt[v[x][i]]] = 1 , add(x , tt[v[x][i]] , ll[v[x][i]]) , add(tt[v[x][i]] , x , ll[v[x][i]]) , dfs(tt[v[x][i]]);
}
void getroot(int x , int fa)
{
int i;
bs[x] = 0 , si[x] = 1;
for(i = head[x] ; i ; i = next[i])
if(!vis[to[i]] && to[i] != fa)
getroot(to[i] , x) , si[x] += si[to[i]] , bs[x] = max(bs[x] , si[to[i]]);
bs[x] = max(bs[x] , sum - si[x]);
if(bs[x] < bs[root]) root = x;
}
void getdeep(int x , int fa)
{
int i;
for(i = head[x] ; i ; i = next[i])
{
if(!vis[to[i]] && to[i] != fa)
{
deep[to[i]] = deep[x] + 1 , dis[to[i]] = dis[x] + len[i] , md = max(md , deep[to[i]]);
if(dis[to[i]] > f[deep[to[i]]]) f[deep[to[i]]] = dis[to[i]] , sf[deep[to[i]]] = 1;
else if(dis[to[i]] == f[deep[to[i]]]) sf[deep[to[i]]] ++ ;
getdeep(to[i] , x);
}
}
}
void query(int x)
{
int i , j , sm = 0;
vis[x] = 1;
for(i = head[x] ; i ; i = next[i])
{
if(!vis[to[i]])
{
md = deep[to[i]] = 1 , dis[to[i]] = len[i] , f[1] = len[i] , sf[1] = 1 , getdeep(to[i] , x);
for(j = 1 ; j <= md && j <= k ; j ++ )
{
if(ans < f[j] + g[k - j]) ans = f[j] + g[k - j] , num = sf[j] * sg[k - j];
else if(ans == f[j] + g[k - j])num += sf[j] * sg[k - j];
}
for(j = 1 ; j <= md && j <= k ; j ++ )
{
if(g[j] < f[j]) g[j] = f[j] , sg[j] = sf[j];
else if(g[j] == f[j]) sg[j] += sf[j];
}
for(j = 1 ; j <= md ; j ++ ) f[j] = -inf , sf[j] = 0;
sm = max(sm , md);
}
}
for(i = 1 ; i <= sm && i <= k ; i ++ ) g[i] = -inf , sg[i] = 0;
for(i = head[x] ; i ; i = next[i])
if(!vis[to[i]])
root = 0 , sum = si[to[i]] , getroot(to[i] , x) , query(root);
}
int main()
{
int m , i , x , y , z;
scanf("%d%d%d" , &n , &m , &k) , k -- ;
for(i = 1 ; i <= m ; i ++ ) scanf("%d%d%d" , &x , &y , &z) , aa(x , y , z) , aa(y , x , z);
dijkstra() , uu[1] = 1 , dfs(1);
memset(f , 0xc0 , sizeof(f)) , memset(g , 0xc0 , sizeof(g)) , g[0] = 0 , sg[0] = 1;
bs[0] = inf , sum = n , getroot(1 , 0) , query(root);
printf("%d %d\n" , ans , num);
return 0;
}
【bzoj4016】[FJOI2014]最短路径树问题 堆优化Dijkstra+DFS树+树的点分治
标签：其他 ... 题解 soft efi name 包含 air eof
原文地址：http://www.cnblogs.com/GXZlegend/p/7071611.html
