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Input第一行一个整数T，表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N（N<=50000）,表示敌人有N个工兵营地，接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人（1<=ai<=50）。
接下来每行有一条命令，命令有4种形式：
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人（j不超过30）
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人（j不超过30）;
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j，表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束，这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令
Output对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,
对于每个Query询问，输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。
Sample Input
1 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 Query 1 3 Add 3 6 Query 2 7 Sub 10 2 Add 6 3 Query 3 10 End
Sample Output
Case 1: 6 33 59
最基础的线段树,单点修改,亦可以用树状数组做,正在研究
代码似乎有些漏洞...算了,回头再改吧.
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #define maxn 50000 #define ls (rt<<1) #define rs (rt<<1|1) int ans; struct node { int left,right,sum; int mid() { return (left+right)>>1; } }tree[maxn*4]; void bt(int left,int right, int rt) { tree[rt].left=left; tree[rt].right=right; if(left==right) { scanf("%d",&tree[rt].sum); return; } int mid=tree[rt].mid(); bt(left,mid,ls); bt(mid+1,right,rs); tree[rt].sum=tree[ls].sum+tree[rs].sum; } void query(int left,int right,int rt,int L,int R) { if(L<=left&&right<=R) { ans+=tree[rt].sum; return; } int mid=tree[rt].mid(); if(R<=mid) { query(left,mid,ls,L,R); } else { if(L>mid) { query(mid+1,right,rs,L,R); } else { query(left,mid,ls,L,R); query(mid+1,right,rs,L,R); } } } void update(int left,int right,int rt,int pos, int add) { if(left==right) { tree[rt].sum+=add; return; } int mid=tree[rt].mid(); if (pos<=mid) { update(left,mid,ls,pos,add); } else { update(mid+1,right,rs,pos,add); } tree[rt].sum=tree[ls].sum+tree[rs].sum; } int main() { int t,n,cnt; int a,b; char str[10]; cnt=1; scanf("%d",&t); while(t--) { scanf("%d",&n); bt(1,n,1); printf("Case %d:\n",cnt++); while(scanf("%s",str)) { if(str[0]==‘E‘) break; scanf("%d%d",&a,&b); if(str[0]==‘Q‘) { ans=0; query(1,n,1,a,b); printf("%d\n",ans); } else if(str[0]==‘A‘) update(1,n,1,a,b); else update(1,n,1,a,-b); } } return 0; }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/stxy-ferryman/p/7181988.html
