标签：class 约数 continue logs while 最小 code str 相同
Hanks 博士是 BT (Bio-Tech，生物技术) 领域的知名专家，他的儿子名叫 Hankson。现在，刚刚放学回家的 Hankson 正在思考一个有趣的问题。
今天在课堂上，老师讲解了如何求两个正整数 c1 和 c2 的最大公约数和最小公倍数。现在 Hankson 认为自己已经熟练地掌握了这些知识，他开始思考一个“求公约数”和“求公倍数”之类问题的“逆问题”，这个问题是这样的：已知正整数 a0,a1,b0,b1，设某未知正整数 x 满足：
1． x 和 a0 的最大公约数是 a1；
2． x 和 b0 的最小公倍数是 b1。
Hankson 的“逆问题”就是求出满足条件的正整数 x。但稍加思索之后，他发现这样的x 并不唯一，甚至可能不存在。因此他转而开始考虑如何求解满足条件的 x 的个数。请你帮助他编程求解这个问题。
输入格式：
第一行为一个正整数 n，表示有 n 组输入数据。接下来的 n 行每行一组输入数据，为四个正整数 a0，a1，b0，b1，每两个整数之间用一个空格隔开。输入数据保证 a0 能被 a1 整除，b1 能被 b0 整除。
输出格式：
输出文件 son.out 共 n 行。每组输入数据的输出结果占一行，为一个整数。
对于每组数据：若不存在这样的 x，请输出 0；
若存在这样的 x，请输出满足条件的 x 的个数；
2 41 1 96 288 95 1 37 1776
6 2
【说明】
第一组输入数据，x 可以是 9、18、36、72、144、288，共有 6 个。
第二组输入数据，x 可以是 48、1776，共有 2 个。
【数据范围】
对于 50%的数据，保证有 1≤a0，a1，b0，b1≤10000 且 n≤100。
对于 100%的数据，保证有 1≤a0，a1，b0，b1≤2,000,000,000 且 n≤2000。
NOIP 2009 提高组 第二题
关于a,b两个数的最小公倍数的计算公式:
gcd(a,b)*lcm(a,b)=a*b;
lcm(a,b)=a/gcd(a,b)*b;(注意这儿最好先除后乘，防止过程溢出)。
剩下的就是暴力枚举了。
首先我们要确定x的范围，x肯定比lcm(x,b0)小,也就是比b1小，一定比(b1/b0)大。
有了这个范围我们就可以暴力枚举了(但却会超时3个点)：
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<cmath> using namespace std; int n,a0,a1,b0,b1; int gcd(int a,int b) { if(b==0) return a; return gcd(b,a%b); } int main() { scanf("%d",&n); for(int j=1;j<=n;j++) { int ans=0; scanf("%d%d%d%d",&a0,&a1,&b0,&b1); int mn=b1/b0; int mx=floor(sqrt((double)b1)); for(int i=mn;i<=b1;i+=mn) { int x=gcd(i,a0); if(x!=a1) continue; int y=gcd(i,b0); if((i/y*b0)!=b1) continue; ans++; } printf("%d\n",ans); } }
用加法来枚举肯定是会超时的。
我们可以只枚举b1的因数,如果x是b1的因数的话,那么另一个因数就是b1/x;
这样的话就可以从1枚举到b1的平方根,这样枚举量就大大减少了。
注意有种特殊情况：
假如最小公倍数是100；
当枚举到10时，那么另一个因数是100/10=10；
这样的话10被算了两次，所以要特判两个因数是否相同。
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<cmath> using namespace std; int n,a0,a1,b0,b1; int gcd(int a,int b) { if(b==0) return a; return gcd(b,a%b); } int main() { scanf("%d",&n); while(n--){ int ans=0; scanf("%d%d%d%d",&a0,&a1,&b0,&b1); int mx=floor(sqrt((double)b1)); for(int i=1;i<=mx;i++) { if(!(b1%i)) { int x,y,k; k=b1/i; x=gcd(i,a0); y=gcd(i,b0); if(x==a1&&(i/y*b0)==b1) ans++; x=gcd(k,a0); y=gcd(k,b0); if(x==a1&&(k/y*b0==b1)&&(b1/i)!=i) ans++; } } printf("%d\n",ans); } return 0; }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/huihao/p/7199677.html
