称一个1,2,...,N的排列P1,P2...,Pn是Magic的，当且仅当2<=i<=N时，Pi>Pi/2. 计算1，2，...N的排列中有多少是Magic的，答案可能非常大，仅仅能输出模P以后的值
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称一个1,2,...,N的排列P1,P2...,Pn是Magic的，当且仅当2<=i<=N时，Pi>Pi/2. 计算1，2，...N的排列中有多少是Magic的，答案可能非常大，仅仅能输出模P以后的值
输入文件的第一行包括两个整数 n和p，含义如上所述。
输出文件里仅包括一个整数，表示计算1,2,?, ???的排列中。 Magic排列的个数模 p的值。
100%的数据中，1 ≤ ??? N ≤ 106, P??? ≤ 10^9，p是一个质数。
数据有所加强
能够发现这n个点构成了一个树形结构，当中1是根节点，i的左二子是i<<1，右儿子是i<<1|1。
我们就能够用动态规划。
设f[i]表示以i为根的子树的方案数，s[i]为子树大小。
则f[i]=f[i<<1]*f[i<<1|1]*c(s[i]-1,s[i<<1])。终于答案为f[1]。
如今问题转化为怎样求c(s[i]-1,s[i<<1])。注意到p是质数，所以预处理阶乘和阶乘的逆元+Lucas定理解决。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cmath>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define F(i,j,n) for(int i=j;i<=n;i++)
#define D(i,j,n) for(int i=j;i>=n;i--)
#define ll long long
#define maxn 1000005
using namespace std;
inline int read()
{
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while (ch<'0'||ch>'9'){if (ch=='-') f=-1;ch=getchar();}
while (ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}
return x*f;
}
ll n,m,p;
ll s[maxn],f[maxn],fac[maxn],inv[maxn];
inline ll c(int n,int m)
{
if (n<m) return 0;
if (n<p&&m<p) return fac[n]*inv[m]%p*inv[n-m]%p;
return c(n/p,m/p)*c(n%p,m%p)%p;
}
int main()
{
n=read();p=read();
fac[0]=1;
F(i,1,n) fac[i]=fac[i-1]*i%p;
inv[0]=inv[1]=1;
F(i,2,n) inv[i]=(p/i+1)*inv[i-p%i]%p;
F(i,2,n) inv[i]=inv[i]*inv[i-1]%p;
D(i,n,1)
{
s[i]=s[i<<1]+s[i<<1|1]+1;
f[i]=((i<<1)>n?1:f[i<<1])*((i<<1|1)>n?1:f[i<<1|1])%p*c(s[i]-1,s[i<<1])%p;
}
printf("%lld\n",f[1]);
}
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原文地址：http://www.cnblogs.com/ljbguanli/p/7388012.html
