标签：turn namespace 通过 判断 clu sizeof else div str
Description
可怜的公主在一次次被魔王掳走一次次被骑士们救回来之后，而今，不幸的她再一次面临生命的考验。魔王已经发出消息说将在T时刻吃掉公主，因为他听信谣言说吃公主的肉也能长生不老。年迈的国王正是心急如焚，告招天下勇士来拯救公主。不过公主早已习以为常，她深信智勇的骑士LJ肯定能将她救出。
现据密探所报，公主被关在一个两层的迷宫里，迷宫的入口是S（0，0，0），公主的位置用P表示，时空传输机用#表示，墙用*表示，平地用.表示。骑士们一进入时空传输机就会被转到另一层的相对位置，但如果被转到的位置是墙的话，那骑士们就会被撞死。骑士们在一层中只能前后左右移动，每移动一格花1时刻。层间的移动只能通过时空传输机，且不需要任何时间。
Input
输入的第一行C表示共有C个测试数据，每个测试数据的前一行有三个整数N，M，T。 N，M迷宫的大小N*M（1 <= N,M <=10)。T如上所意。接下去的前N*M表示迷宫的第一层的布置情况，后N*M表示迷宫第二层的布置情况。
Output
如果骑士们能够在T时刻能找到公主就输出“YES”，否则输出“NO”。
Sample Input 
Sample Output
YES
题解：
简单的DFS，题目说的是在T时刻内到达都可以。需要注意的是，当传送机的另一端也是传送机的时候就会陷入死循环，在这里要加个判断。
#include<iostream> #include<algorithm> #include<cstring> using namespace std; char maze[2][15][15]; int dx[4]={0,0,1,-1},dy[4]={1,-1,0,0}; int n,m,u; int ek,ex,ey; bool flag,vis[2][15][15]; void dfs(int k,int x,int y,int t) { if(t>u) return ; if(k==ek&&x==ex&&y==ey&&t<=u) { flag=true; return ; } for(int i=0;i<4;i++) { int nx=x+dx[i],ny=y+dy[i],nk=maze[k][nx][ny]==‘#‘?k^1:k; if(0<=nx&&nx<n&&0<=ny&&ny<m&&!vis[nk][nx][ny]&&maze[nk][nx][ny]!=‘*‘) { if(maze[nk][nx][ny]==‘#‘&&maze[nk^1][nx][ny]==‘#‘) continue; vis[nk][nx][ny]=true; dfs(nk,nx,ny,t+1); if(flag) return ; vis[nk][nx][ny]=false; } } } int main() { int t; cin>>t; while(t--) { memset(vis,false,sizeof(vis)); cin>>n>>m>>u; for(int k=0;k<2;k++) for(int i=0;i<n;i++) for(int j=0;j<m;j++) { cin>>maze[k][i][j]; if(maze[k][i][j]==‘P‘) ek=k,ex=i,ey=j; } vis[0][0][0]=true; flag=false; dfs(0,0,0,0); if(flag) cout<<"YES"<<endl; else cout<<"NO"<<endl; } return 0; }
标签：turn namespace 通过 判断 clu sizeof else div str
原文地址：http://www.cnblogs.com/orion7/p/7435159.html
