这是我的第一篇产出！
求一个数字的位数，可以不断地%10并计数。
但是对于一个极大的数，高精度又受限制（我觉得不会有人喜欢写高精度的），怎么求位数呢？
3939这是一个四位数，我们换一个方法看这个数。
1.3939>10^0，即3939>1,3939至少有 (0+1) 位数
2.3939>10^1，即3939>10,3939至少有 (1+1) 位数
3.3939>10^2，即3939>100,3939至少有 (2+1) 位数
4.3939>10^3，即3939>1000,3939至少有 (3+1) 位数
5.3939<10^4，即3939<10000,3939有 (3+1) 位数
从上面的过程易得
对一个数x，它的位数为lg(x)+1
emmm是一个非常显而易见的结论呢..实战演练怎么样呢？
洛谷https://www.luogu.org/problem/show?pid=2759
题目描述
使得 x^x 达到或超过 n 位数字的最小正整数 x 是多少？
输入格式
一个正整数 n
输出格式：
使得 x^x 达到 n 位数字的最小正整数 x
输入样例#1：
11
输出样例#1：
10
说明
n<=2000000000
2后面是9个0，这个数多大炸不炸希望大家心里有数。
从0枚举x，希望不大，20分都是奇迹
蛮明显的是二分，但是怎么分呢这是个问题。
这个时候，我们刚刚得到的式子就显得尤为重要
对一个数x，它的位数为lg(x)+1
本题是x^x,那么位数就是
x*lg(x)+1
而且c的math已经有现成的log,log10了，我们可以直接拿来白嫖。
log10(double x)返回一个浮点数，后面的位数不需要，转成整形时会消掉。
#include<iostream>
#include<cmath>
using namespace std;
long long int n,l=1,mid,r=(long long)3e9;
int main()//x^x>=10(n-1)
{
ios::sync_with_stdio(false);
cin>>n;
while(l<r)
{
mid=(l+r)/2;
if(mid*log10(mid)+1>=n)
r=mid;
else
l=mid+1;
}
cout<<l;
return 0;
}3e9那里的(long long)让编译器闭嘴
非常朴素的二分...
就这样了！大家快去把它A了吧，提高+/省选-哦！
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