标签：输入 包含 vector air pop std bzoj 任务 names
对于 20%的数据，满足 N≤15，M≤50；
对于 50%的数据，满足 N≤500，M≤6,000；
对于 100%的数据，满足 N≤3,000，M≤70,000，1≤wi≤108。
输入数据保证一定有解，且不会存在维持某个城市结界的结界发生器在这个城市内部。
连接两个城市的道路可能不止一条， 也可能存在一个城市自己到自己的道路。
题解：显然这是满足Dijsktra的贪心条件的。
用f[i]表示机器人到达点i的最短时间，用g[i]表示摧毁i的所有结界发生器的最短时间，那么在跑最短路时，用max(f[i],g[i])来更新它所有出边的f值，以及它所有保护的点的g值，如果一个点的所有结界发生器都被摧毁，则将其压入队列。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <vector>
#include <queue>
#include <utility>
#define mp(A,B) make_pair(A,B)
using namespace std;
const int maxn=3010;
typedef long long ll;
int n,m,cnt;
vector<int> v[maxn];
int vis[maxn],rly[maxn],to[70010],next[70010],head[maxn];
ll d1[maxn],d2[maxn],val[70010];
priority_queue<pair<ll,int> > q;
inline void add(int a,int b,int c)
{
to[cnt]=b,val[cnt]=c,next[cnt]=head[a],head[a]=cnt++;
}
inline int rd()
{
int ret=0,f=1; char gc=getchar();
while(gc<‘0‘||gc>‘9‘) {if(gc==‘-‘) f=-f; gc=getchar();}
while(gc>=‘0‘&&gc<=‘9‘) ret=ret*10+gc-‘0‘,gc=getchar();
return ret*f;
}
int main()
{
n=rd(),m=rd();
int i,a,b,c,u;
memset(head,-1,sizeof(head));
for(i=1;i<=m;i++) a=rd(),b=rd(),c=rd(),add(a,b,c);
memset(d1,0x3f,sizeof(d1));
for(i=1;i<=n;i++)
{
a=rly[i]=rd();
while(a--) b=rd(),v[b].push_back(i);
}
d1[1]=d2[1]=0,q.push(mp(0,1));
while(!q.empty())
{
u=q.top().second,q.pop();
if(vis[u]) continue;
vis[u]=1,d1[u]=max(d1[u],d2[u]);
if(u==n)
{
printf("%lld",d1[u]);
return 0;
}
for(i=head[u];i!=-1;i=next[i]) if(d1[to[i]]>d1[u]+val[i])
{
d1[to[i]]=d1[u]+val[i];
if(!rly[to[i]]) q.push(mp(-max(d1[to[i]],d2[to[i]]),to[i]));
}
for(i=0;i<(int)v[u].size();i++)
{
d2[v[u][i]]=max(d2[v[u][i]],d1[u]),rly[v[u][i]]--;
if(!rly[v[u][i]]) q.push(mp(-max(d1[v[u][i]],d2[v[u][i]]),v[u][i]));
}
}
return 0;
}
【BZOJ1922】[Sdoi2010]大陆争霸 Dijkstra
标签：输入 包含 vector air pop std bzoj 任务 names
原文地址：http://www.cnblogs.com/CQzhangyu/p/7670121.html
