标签：c++ -o 那是 最好 大小 怎么办 using list 二分
我国历史上有个著名的故事： 那是在2300年以前。齐国的大将军田忌喜欢赛马。他经常和齐王赛马。他和齐王都有三匹马：常规马，上级马，超级马。一共赛三局，每局的胜者可以从负者这里取得200银币。每匹马只能用一次。齐王的马好，同等级的马，齐王的总是比田忌的要好一点。于是每次和齐王赛马，田忌总会输600银币。
田忌很沮丧，直到他遇到了著名的军师――孙膑。田忌采用了孙膑的计策之后，三场比赛下来，轻松而优雅地赢了齐王200银币。这实在是个很简单的计策。由于齐王总是先出最好的马，再出次好的，所以田忌用常规马对齐王的超级马，用自己的超级马对齐王的上级马，用自己的上级马对齐王的常规马，以两胜一负的战绩赢得200银币。实在很简单。
如果不止三匹马怎么办？这个问题很显然可以转化成一个二分图最佳匹配的问题。把田忌的马放左边，把齐王的马放右边。田忌的马A和齐王的B之间，如果田忌的马胜，则连一条权为200的边；如果平局，则连一条权为0的边；如果输，则连一条权为－200的边……如果你不会求最佳匹配，用最小费用最大流也可以啊。 然而，赛马问题是一种特殊的二分图最佳匹配的问题，上面的算法过于先进了，简直是杀鸡用牛刀。现在，就请你设计一个简单的算法解决这个问题。
输入格式：
第一行一个整数n，表示他们各有几匹马（两人拥有的马的数目相同）。第二行n个整数，每个整数都代表田忌的某匹马的速度值(0 <= 速度值<= 100)。第三行n个整数，描述齐王的马的速度值。两马相遇，根据速度值的大小就可以知道哪匹马会胜出。如果速度值相同，则和局，谁也不拿钱。
【数据规模】
对于20%的数据，1<=N<=65；
对于40%的数据，1<=N<=250；
对于100%的数据，1<=N<=2000。
输出格式：
仅一行，一个整数，表示田忌最大能得到多少银币。
洛谷题解：
就说一下思路吧。一题简单的贪心，遵守一句话：“赢要赢的最经济，输要输的最彻底”。首尾两个指针，先比较田忌与齐王最怂的马，如果田忌的更怂，就拿田忌的怂马和齐王的最好的马赛跑，然后指针都右移；如果田忌最好的马刚好能赛过齐王的马，那么就去赛。，然后指针都左移；不然的话就用田忌最怂的马硬杠齐王最好的马。
搞两个链表存两个人马的速度
输入完了以后排序
然后对链表1进行nn次滚动(即把链表1的首部元素接到链表1末尾），每次移动以后判断当前答案。
最后取答案最大值。
ans的初始值一开始我设置为INT_MIN，这样在luogu上能ac，但在codevs上会wa两个点。
看了下数据，可能是标程的问题吧（不清楚），把ans的初始值设置为0就能过了（可能标程里ans初始值就是0）。
1 #include <bits/stdc++.h> 2 using namespace std; 3 int n,ans; 4 list<int> l1,l2; 5 void update() 6 { 7 int k=0; 8 for(list<int>::iterator i1=l1.begin(),i2=l2.begin();i1!=l1.end();i1++,i2++) 9 if(*i1>*i2)k++;else if(*i1<*i2)k--; 10 ans=max(ans,k); 11 } 12 int main() 13 { 14 scanf("%d",&n); 15 for(int i=1,a;i<=n;i++)scanf("%d",&a),l1.push_back(a); 16 for(int i=1,a;i<=n;i++)scanf("%d",&a),l2.push_back(a); 17 l1.sort(),l2.sort(); 18 for(int i=1;i<=n;i++)l1.push_back(*l1.begin()),l1.pop_front(),update(); 19 printf("%d\n",ans*200); 20 return 0; 21 }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/Renyi-Fan/p/7742937.html
