标签：algo print line 插入 img 不同 最小值 幸运 pac
说起这个话题，应该很多人会有一种似有所悟，但又不敢确定的感觉。
（我差不多就是那样）
没错，这正是因为其中“单调”一词的存在。
那么同样，在这里谈到的话题也有类似特点。
其实就是一个符合单调性质的队列，但它同时具有单调的性质以及队列的性质。
使用频率不算高，但却占有至关重要的地位。它的作用很简单，就是为了维护一组单调数据，让我们在运行的过程中能够快速寻求前k个或后k个中最大或最小的值。
就是一个符合单调性质的栈并且它具有单调的性质以及栈的性质。
上面的两个在作用方面是相同的，差别仅是在编程过程中维护的数组的方式不同
（单调队列有两个指针，分别代表头和尾；单调栈有一个指针，代表头指针）
下面举个简单的栗子来解释单调队列及单调栈。
eg：有一组数据：1，5，9，4，7，8，6，将他们依此输入。同时，在某一时刻会让你求出后n个数中的最大值。
根据题意，我们可以得出这样一个结论：
若后一个数大于前一个数，则结果必定不会是前一个数
（比如现在输入了1，5，由于1<5，所以无论是后几个数中的最大值均不会为1）。
因此，我们只需维护一个单调递减的数组便可快速求得所需值。
其中数组变化如下：
输入——1，数组——1； 输入——5，由于5>1删去1添入5，数组——5； 输入——9，由于9>5删去5添入9，数组——9； 输入——4，由于4<9直接添入，数组——9,4； 输入——7，由于7>4同时7<9因此删去4添入7，数组——9,7； 输入——8，由于8>4同时8<9因此删去7添入8，数组——9,8； 输入——6，由于6<8直接添入，数组——9,8,6。
总的来说，它的本质就是当你在插入一个值时，应将在他之前存入的所有小于他的数值剔除，再将他存入数组中。
基础就差不多就这样ok辣~
就是进行求解固定区间之内的最小值
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> using namespace std; const int N = 1e6 + 5; int n,k,l,r; int a[N],q[N],p[N]; int main() { scanf("%d%d",&n,&k); for(int i=1; i<=n; i++) scanf("%d",&a[i]); for(int i=1; i<=n; i++) { if(q[l]<=i-k) l++; while(l<=r && a[i]<=a[q[r]]) r--; //单调递增 q[++r]=i; p[i]=a[q[l]]; } for(int i=k; i<=n; i++) printf("%d ",p[i]); printf("\n"); memset(p,0,sizeof(p)); l=0,r=0; for(int i=1; i<=n; i++) { if(q[l]<=i-k) l++; while(l<=r && a[i]>=a[q[r]]) r--; //单调递减 q[++r]=i; p[i]=a[q[l]]; } for(int i=k; i<=n; i++) printf("%d ",p[i]); return 0; }
单调队列的裸题，练手题，必刷！
而且不仅有求最大值还有求最小值哦！
看清楚输出的是什么！
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> using namespace std; const int N = 1e6 + 5; int n,k,l,r; int a[N],q[N],p[N]; int main() { scanf("%d%d",&n,&k); for(int i=1; i<=n; i++) scanf("%d",&a[i]); for(int i=1; i<=n; i++) { if(q[l]<=i-k) l++; while(l<=r && a[i]<=a[q[r]]) r--; //单调递增 q[++r]=i; p[i]=a[q[l]]; } for(int i=k; i<=n; i++) printf("%d ",p[i]); printf("\n"); memset(p,0,sizeof(p)); l=0,r=0; for(int i=1; i<=n; i++) { if(q[l]<=i-k) l++; while(l<=r && a[i]>=a[q[r]]) r--; //单调递减 q[++r]=i; p[i]=a[q[l]]; } for(int i=k; i<=n; i++) printf("%d ",p[i]); return 0; }
因为求的是幸运总和最大
总和？
当然就是求一下前缀和辣~
所以我们首先求一个前缀和，然后维护一个单调递增的前缀和，最后更新答案时则使用max(ans,sum[i]-sum[q[l]])就结束辣！
注意这里ans的初始化是什么，我认为应该初始化为-99999999什么的，不过初始化为0也是可以的！
因为拥有ans=max(ans,sum[i]-sum[q[l]])这一步，所以如果当前的i==q[l]那么sum[i]-sum[q[l]]一定为0，所以无论你初始化ans多么小，ans最小都只能是0，所以需要把ans输出化为0.
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cmath> using namespace std; const int N = 500005; int n,m,ans,l,r; int sum[N],q[N]; int main() { scanf("%d%d",&n,&m); for(int i=1; i<=n; i++) { scanf("%d",&sum[i]); sum[i]+=sum[i-1]; if(q[l]<i-m) l++; while(l<=r && sum[q[r]]>sum[i]) r--; //维护一个单调增区间 q[++r]=i; ans=max(ans,sum[i]-sum[q[l]]); } printf("%d",ans); return 0; }
我们需要用桶来维护一下单调队列，记录一下每个画家的作品出现的次数，如果队头的元素跟后面的元素有重复，那么就删除掉这个元素，以此类推
然后最后的更新的话，必须保证所有颜色均出现过了，还需要记录一个last，表示上一次更新的区间的长度是多少。
如果现在的区间长度比last要小，并且所有颜色均出现，那么就更新a，b端点坐标以及last，然后继续重复即可
#include <iostream> #include <cstdio> #include <algorithm> using namespace std; const int N = 1000001; const int M = 2001; int n,m,last=1<<30,a,b; int x[N],c[M]; int main() { scanf("%d%d",&n,&m); for(int r=1,l=1,now; r<=n; r++) { scanf("%d",&x[r]); if(c[x[r]]==0) m--; c[x[r]]++; while(l<r && c[x[l]]>1) { c[x[l]]--; l++; } now=r-l+1; if(m==0 && now<last) last=now,a=l,b=r; } printf("%d %d",a,b); return 0; }
ok，先暂时说这么多，以后我如果做到类似的题目还会发啦~
标签：algo print line 插入 img 不同 最小值 幸运 pac
原文地址：http://www.cnblogs.com/zxqxwnngztxx/p/7762251.html
