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大sz最近在玩一个由星球大战改编的游戏。话说绝地武士当前共控制了N个星球。但是，西斯正在暗处悄悄地准备他们的复仇计划。绝地评议会也感觉到了这件事。于是，准备加派绝地武士到各星球防止西斯的突袭。一个星球受到攻击以后，会尽快通知到总基地。需要的时间越长的星球就需要越多绝地武士来防御。为了合理分配有限的武士，大sz需要你帮他求出每个星球各需要多少时间能够通知到总基地。由于某种原因，N个星球排成一条直线，编号1至N。其中总基地建在1号星球上。每个星球虽然都是绝地武士控制的，但是上面居住的生物不一定相同，并且科技水平也不一样。第i个星球能收到并分析波长在[xi, yi]之间的信号，并且也能够发出在这个区间的信号，但是不能发出其他任何波长的信号。由于技术原因，每个星球只能发信号到比自己编号小的距离不超过L的星球。特别地，强大的总基地可以接收任何波长的信号。每个星球处理接收到的数据需要1个单位时间，传输时间可以忽略不计。
第一行两个正整数N、L。接下来N-1行，总共第i行包含了三个正整数xi、yi、li，其中li表示第i个星球距离1号星球li，满足li严格递增。
总共N-1行，每行一个数分别表示2到N号星球至少需要多少单位时间，总基地能够处理好数据，如果无法传到总基地则输出-1。
题解
比如红色线段是需要寻找的，那么对于包括这条线段的，并且是满足整条线段包括的
我的代码中分为一个tr与一个bj数组，
tr数组的意思是刚好完全包括这一段的，一个值，
而bj表示子区间中含有这一段的，
那么，在寻找中，如果被tr包括，tr可以直接更新，因为这段全部都是满足的。
如果当前寻找的这一段是包括了bj那么bj中有子区间的值也一定被寻找段包括，所以可以更新，
这样更新前维护单调性即可。
1 #include<cstring> 2 #include<cmath> 3 #include<iostream> 4 #include<algorithm> 5 #include<cstdio> 6 #include<map> 7 #include<list> 8 9 #define N 2000007 10 #define inf 1000000007 11 #define fzy pair<int,int> 12 using namespace std; 13 inline int read() 14 { 15 int x=0,f=1;char ch=getchar(); 16 while(ch<‘0‘||ch>‘9‘){if (ch==‘-‘) f=-1;ch=getchar();} 17 while(ch>=‘0‘&&ch<=‘9‘){x=(x<<3)+(x<<1)+ch-‘0‘;ch=getchar();} 18 return x*f; 19 } 20 21 int n,L,num,siz; 22 int hd,tl,q[N],b[N],f[N]; 23 struct Node 24 { 25 int x,y,l; 26 }a[N]; 27 list<fzy>tr[N],bj[N]; 28 map<int,int>p; 29 30 31 void ins(int p,int l,int r,int x,int y,fzy zhi) 32 { 33 if (x<=l&&r<=y) 34 { 35 while(!tr[p].empty()&&tr[p].back().second>=zhi.second) 36 tr[p].pop_back(); 37 tr[p].push_back(zhi); 38 return; 39 } 40 41 while(!bj[p].empty()&&bj[p].back().second>=zhi.second) 42 bj[p].pop_back(); 43 bj[p].push_back(zhi); 44 45 int mid=(l+r)>>1; 46 if (y<=mid) ins(p<<1,l,mid,x,y,zhi); 47 else if (x>mid) ins(p<<1|1,mid+1,r,x,y,zhi); 48 else ins(p<<1,l,mid,x,mid,zhi),ins(p<<1|1,mid+1,r,mid+1,y,zhi); 49 } 50 int query(int p,int l,int r,int x,int y,int wei) 51 { 52 int res; 53 54 while(wei-tr[p].front().first>L&&!tr[p].empty()) 55 tr[p].pop_front(); 56 if (tr[p].empty()) res=inf; 57 else res=tr[p].front().second; 58 59 60 while(wei-bj[p].front().first>L&&!bj[p].empty()) bj[p].pop_front(); 61 if (x<=l&&r<=y) 62 { 63 if (!bj[p].empty()) res=min(res,bj[p].front().second); 64 return res; 65 } 66 67 int mid=(l+r)>>1; 68 if (y<=mid) res=min(res,query(p<<1,l,mid,x,y,wei)); 69 else if (x>mid) res=min(res,query(p<<1|1,mid+1,r,x,y,wei)); 70 else res=min(res,min(query(p<<1,l,mid,x,mid,wei),query(p<<1|1,mid+1,r,mid+1,y,wei))); 71 return res; 72 } 73 int main() 74 { 75 n=read(),L=read(); 76 for (int i=1;i<n;i++) 77 a[i].x=read(),a[i].y=read(),a[i].l=read(),b[++num]=a[i].x,b[++num]=a[i].y; 78 sort(b+1,b+num+1); 79 for (int i=1;i<=num;i++) 80 if (b[i]!=b[i-1]) p[b[i]]=++siz; 81 for (int i=1;i<n;i++) 82 a[i].x=p[a[i].x],a[i].y=p[a[i].y]; 83 84 ins(1,1,siz,1,siz,make_pair(0,0)); 85 for (int i=1;i<n;i++) 86 { 87 f[i]=query(1,1,siz,a[i].x,a[i].y,a[i].l)+1; 88 ins(1,1,siz,a[i].x,a[i].y,make_pair(a[i].l,f[i])); 89 } 90 for (int i=1;i<n;i++) 91 printf("%d\n",f[i]>=n?-1:f[i]); 92 }
bzoj 1171 大sz的游戏& 2892 强袭作战 （线段树+单调队列+永久性flag）
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原文地址：http://www.cnblogs.com/fengzhiyuan/p/8005168.html
