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3333年，在银河系的某星球上，X军团和Y军团正在激烈地作战。在战斗的某一阶段，Y军团一共派遣了N个巨型机器人进攻X军团的阵地，其中第i个巨型机器人的装甲值为Ai。当一个巨型机器人的装甲值减少到0或者以下时，这个巨型机器人就被摧毁了。X军团有M个激光武器，其中第i个激光武器每秒可以削减一个巨型机器人Bi的装甲值。激光武器的攻击是连续的。这种激光武器非常奇怪，一个激光武器只能攻击一些特定的敌人。Y军团看到自己的巨型机器人被X军团一个一个消灭，他们急需下达更多的指令。为了这个目标，Y军团需要知道X军团最少需要用多长时间才能将Y军团的所有巨型机器人摧毁。但是他们不会计算这个问题，因此向你求助。
第一行，两个整数，N、M。
一行，一个实数，表示X军团要摧毁Y军团的所有巨型机器人最少需要的时间。输出结果与标准答案的绝对误差不超过10-3即视为正确。
【样例说明1】
如果答案是$t$，那么最大流的连边方法是：源点向每一门炮$i$连一条容量$B_i*t$的边，炮向对应机器人连容量正无穷的边，机器人向汇点连容量$A_i$的边。
这个模型的关键在于，如果时间$t$定下来，即每一门炮的输出量固定，那么只需用最大流分配一次，看一看每一个机器人是否被流满所需值$A_i$，即最大流是不是$\sum A_i$，就可以判断这一个时间内满不满足要求。因为如果最大流是$\sum A_i$，必定存在一种激光炮的合作方案能在$t$内消灭机器人。
那么直接对$t$二分答案来跑最大流就好啦。
记得用$eps$判断。
#include <cstdio> #include <queue> using namespace std; const double INF=1e10,eps=1e-5; int n,m,all,S,T,can[55][55],a[55],b[55],sum; int h[110],tot; int dis[110],cur[110]; struct Edge{int v,next;double f;}g[6010]; queue<int> q; inline double min(double x,double y){return x<y?x:y;} inline double abs(double x){return x<0?-x:x;} inline void addEdge(int u,int v,double f){ g[++tot].v=v; g[tot].f=f; g[tot].next=h[u]; h[u]=tot; g[++tot].v=u; g[tot].f=0; g[tot].next=h[v]; h[v]=tot; } bool bfs(){ while(!q.empty()) q.pop(); q.push(S); for(int i=1;i<=all;i++) dis[i]=-1; dis[S]=0; while(!q.empty()){ int u=q.front(); q.pop(); for(int i=h[u],v;i;i=g[i].next) if(g[i].f>eps&&dis[v=g[i].v]==-1){ dis[v]=dis[u]+1; if(v==T) return true; q.push(v); } } return dis[T]!=-1; } double dfs(int u,double delta){ if(u==T) return delta; double get,ret=0; for(int i=cur[u],v;i&&delta>eps;i=g[i].next) if(g[i].f>eps&&dis[v=g[i].v]==dis[u]+1){ get=dfs(v,min(delta,g[i].f)); g[i].f-=get; g[i^1].f+=get; if(g[i].f>eps) cur[u]=i; delta-=get; ret+=get; } if(ret<eps) dis[u]=-1; return ret; } double dinic(){ double ret=0; while(bfs()){ for(int i=1;i<=all;i++) cur[i]=h[i]; ret+=dfs(S,INF); } return ret; } void buildGraph(double t){ tot=1; for(int i=1;i<=all;i++) h[i]=0; for(int i=1;i<=m;i++) addEdge(S,i,t*b[i]); for(int i=1;i<=m;i++) for(int j=1;j<=n;j++) if(can[i][j]) addEdge(i,m+j,INF); for(int i=1;i<=n;i++) addEdge(m+i,T,a[i]); } int main(){ scanf("%d%d",&n,&m); all=n+m+2; S=n+m+1; T=n+m+2; for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",&a[i]),sum+=a[i]; for(int i=1;i<=m;i++) scanf("%d",&b[i]); for(int i=1;i<=m;i++) for(int j=1;j<=n;j++) scanf("%d",&can[i][j]); double l=0,r=1000000000,mid,ans; while(l+eps<r){ mid=(l+r)/2; buildGraph(mid); ans=dinic(); if(abs(sum-ans)<eps) r=mid; else l=mid; } printf("%.8lf\n",l); return 0; }
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原文地址：http://www.cnblogs.com/RogerDTZ/p/8012482.html
