标签：queue inline 题解 memset 维护 eof welcome iostream build
题意：一个长度为n的序列ai，让你支持两种操作：
1.l r x：将[l,r]中ai>x的ai都减去x。
2.l r x：询问[l,r]中有多少ai=x。
n,m<=100000，ai,x<=100000。
题解：先分块，对于每一块，我们用双向链表维护块内所有不同的ai的值（排好序的）；对于每个ai的值，我们再用一个链表维护这个值在块内所有的出现位置。
对于操作1，将所有ai>x的数都减去x 等价于 先将所有ai<=x的数都加上x，再将所有数减去x。那么对于两边的小块我们可以暴力重构，对于中间的大块我们讨论：
如果块内最大值>=2*x，那么取出所有<=x的数，将这些数+=x，再区间打标记，然后与剩下的数进行归并；
如果块内最大值<2*x，那么取出所有>x的数，将这些数-=x，然后与剩下的数进行归并。
这样的复杂度是多少呢？发现我们每次操作的复杂度与块内最大值的减少量是同阶的，因为每块的最大值最多从100000减到1，所以最终复杂度就是$O(n\sqrt {100000}+m\sqrt n)$的。
链表套链表。。。想想细节就多。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <queue>
using namespace std;
const int maxn=100010;
const int B=250;
int n,m,cnt,ans;
int sm[405],head[405],last[405],tag[405],bt[405][maxn],p[405],v[405],s[405][maxn];
int pre[maxn],nxt[maxn],siz[maxn],val[maxn],fs[maxn],ls[maxn];
int pv[maxn],nx[maxn];
queue<int> q;
inline void rebuild(int a,int b,int x,int i)
{
int j,k,u,lst;
for(cnt=0,j=head[i];j;j=nxt[j])
{
s[i][val[j]]=0,val[j]-=tag[i];
if(val[j]>x) for(k=fs[j];~k;k=nx[k]) if(k>=a&&k<=b)
{
p[++cnt]=k,v[cnt]=val[j]-x,siz[j]--;
if(pv[k]==-1) fs[j]=nx[k]; else nx[pv[k]]=nx[k];
if(nx[k]==-1) ls[j]=pv[k]; else pv[nx[k]]=pv[k];
}
if(!siz[j])
{
q.push(j);
if(!pre[j]) head[i]=nxt[j]; else nxt[pre[j]]=nxt[j];
if(!nxt[j]) last[i]=pre[j]; else pre[nxt[j]]=pre[j];
}
}
tag[i]=0;
for(lst=0,k=1,j=head[i];k<=cnt;k++)
{
for(;j&&val[j]<=v[k];lst=j,j=nxt[j]);
if(lst&&v[k]==val[lst]) u=p[k],pv[u]=ls[lst],nx[u]=-1,nx[ls[lst]]=u,ls[lst]=u,siz[lst]++;
else
{
u=q.front(),q.pop(),val[u]=v[k],fs[u]=ls[u]=p[k],pv[p[k]]=nx[p[k]]=-1,siz[u]=1;
pre[u]=lst;
if(!lst) nxt[u]=head[i],head[i]=u; else nxt[u]=nxt[lst],nxt[lst]=u;
if(!nxt[u]) last[i]=u; else pre[nxt[u]]=u;
lst=u;
}
}
for(j=head[i];j;j=nxt[j]) s[i][val[j]]+=siz[j];
}
inline void updata(int x,int i)
{
if(val[last[i]]-tag[i]<=x) return ;
int j,k,u,lst;
if(x+x<=val[last[i]]-tag[i])
{
for(cnt=0,j=head[i];j&&val[j]-tag[i]<=x;j=nxt[j]) p[++cnt]=j;
head[i]=j,pre[j]=0;
for(tag[i]+=x,k=1;k<=cnt;k++) u=p[k],s[i][val[u]]-=siz[u],val[u]+=x,s[i][val[u]]+=siz[u];
for(lst=0,k=1,j=head[i];k<=cnt;k++)
{
for(u=p[k];j&&val[j]<=val[u];lst=j,j=nxt[j]);
if(lst&&val[u]==val[lst])
pv[fs[u]]=ls[lst],nx[ls[lst]]=fs[u],ls[lst]=ls[u],siz[lst]+=siz[u],q.push(u);
else
{
pre[u]=lst;
if(!lst) nxt[u]=head[i],head[i]=u; else nxt[u]=nxt[lst],nxt[lst]=u;
if(!nxt[u]) last[i]=u; else pre[nxt[u]]=u;
lst=u;
}
}
}
else
{
for(cnt=0,j=last[i];j&&val[j]-tag[i]>x;j=pre[j]) p[++cnt]=j;
last[i]=j,nxt[j]=0;
for(k=1;k<=cnt;k++) u=p[k],s[i][val[u]]-=siz[u],val[u]-=x,s[i][val[u]]+=siz[u];
for(lst=0,k=1,j=last[i];k<=cnt;k++)
{
for(u=p[k];j&&val[j]>=val[u];lst=j,j=pre[j]);
if(lst&&val[u]==val[lst])
pv[fs[u]]=ls[lst],nx[ls[lst]]=fs[u],ls[lst]=ls[u],siz[lst]+=siz[u],q.push(u);
else
{
nxt[u]=lst;
if(!lst) pre[u]=last[i],last[i]=u; else pre[u]=pre[lst],pre[lst]=u;
if(!pre[u]) head[i]=u; else nxt[pre[u]]=u;
lst=u;
}
}
}
}
inline int rd()
{
int ret=0,f=1; char gc=getchar();
while(gc<‘0‘||gc>‘9‘) {if(gc==‘-‘) f=-f; gc=getchar();}
while(gc>=‘0‘&&gc<=‘9‘) ret=ret*10+(gc^‘0‘),gc=getchar();
return ret*f;
}
int main()
{
//freopen("cf896E.in","r",stdin);
n=rd(),m=rd();
int i,j,k,lst,a,b,c,d,x;
memset(fs,-1,sizeof(fs)),memset(ls,-1,sizeof(ls));
memset(pv,-1,sizeof(pv)),memset(nx,-1,sizeof(nx));
for(i=1;i<=n;i++) q.push(i);
for(i=0;i<n;i++)
{
a=rd(),sm[i/B]=max(sm[i/B],a),s[i/B][a]++;
if(!bt[i/B][a]) b=bt[i/B][a]=q.front(),q.pop(),fs[b]=ls[b]=i,val[b]=a,siz[b]=1;
else b=bt[i/B][a],nx[ls[b]]=i,pv[i]=ls[b],ls[b]=i,siz[b]++;
}
for(i=0;i*B<n;i++)
{
for(lst=0,j=1;j<=sm[i];j++) if(bt[i][j])
{
a=bt[i][j],pre[a]=lst;
if(!lst) head[i]=a; else nxt[lst]=a;
lst=a;
}
last[i]=lst;
}
for(i=1;i<=m;i++)
{
if(rd()==1)
{
a=rd()-1,b=rd()-1,c=a/B,d=b/B,x=rd();
if(c==d) rebuild(a,b,x,c);
else
{
rebuild(a,b,x,c),rebuild(a,b,x,d);
for(j=c+1;j<d;j++) updata(x,j);
}
}
else
{
a=rd()-1,b=rd()-1,c=a/B,d=b/B,x=rd(),ans=0;
if(c==d)
{
for(j=head[c];j;j=nxt[j]) if(val[j]-tag[c]==x) for(k=fs[j];~k;k=nx[k]) if(k>=a&&k<=b) ans++;
}
else
{
for(j=head[c];j;j=nxt[j]) if(val[j]-tag[c]==x) for(k=fs[j];~k;k=nx[k]) if(k>=a&&k<=b) ans++;
for(j=head[d];j;j=nxt[j]) if(val[j]-tag[d]==x) for(k=fs[j];~k;k=nx[k]) if(k>=a&&k<=b) ans++;
for(j=c+1;j<d;j++) if(x+tag[j]<=val[last[j]]) ans+=s[j][x+tag[j]];
}
printf("%d\n",ans);
}
}
return 0;
}//8 13 75 85 88 100 105 120 122 128 1 1 8 70 1 3 8 3 1 2 4 10 1 2 7 27 2 1 5 5
【CF896E】Welcome home, Chtholly 暴力+分块+链表
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原文地址：http://www.cnblogs.com/CQzhangyu/p/8016277.html
