BZOJ权限题
Luogu
题意：给出n，m，求：
\[\sum_{i=1}^{n}\sum_{j=1}^{m}[\gcd(i,j)\mbox{为质数}]\]
多组数据，\(n\le 10^7\)
sol
开式子吧。
\[ans=\sum_{T=1}^{n}\lfloor \frac nT\rfloor\lfloor \frac mT\rfloor\sum_{p|T}\mu(\frac Tp)\]
其中\(p\)是质数
“是质数”这个条件就很烦，我们就只能\(O(\sum_{i=1}^{n}\lfloor \frac ni\rfloor)\)地去做。
但是\(10^7\)又过不去怎么办呢？
记得曾经yyb说：质数密度大概是\(\frac {1}{10}\)
哦，\(10^7\)的\(\frac {1}{10}\)那就是\(10^6\)?
然后\(O(\sum_{i=1}^{n}\lfloor \frac ni\rfloor)\)就可以跑啦？
所以直接爆跑。
code
因洛谷时限的缘故此代码无法在洛谷AC（洛谷上目前还没有人AC。。。）
如果调整了时限我会及时更新博客的～
#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define ll long long
const int N = 10000000;
int gi()
{
int x=0,w=1;char ch=getchar();
while ((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-') ch=getchar();
if (ch=='-') w=0,ch=getchar();
while (ch>='0'&&ch<='9') x=(x<<3)+(x<<1)+ch-'0',ch=getchar();
return w?x:-x;
}
int pri[N+5],tot,zhi[N+5],mu[N+5],s[N+5];
void Mobius()
{
zhi[1]=mu[1]=1;
for (int i=2;i<=N;i++)
{
if (!zhi[i]) pri[++tot]=i,mu[i]=-1;
for (int j=1;j<=tot&&i*pri[j]<=N;j++)
{
zhi[i*pri[j]]=1;
if (i%pri[j]) mu[i*pri[j]]=-mu[i];
else break;
}
}
for (int j=1;j<=tot;j++)
for (int i=pri[j];i<=N;i+=pri[j])
s[i]+=mu[i/pri[j]];
for (int i=1;i<=N;i++)
s[i]+=s[i-1];
}
int main()
{
Mobius();
int T=gi();
while (T--)
{
int n=gi(),m=gi();
if (n>m) swap(n,m);
int i=1;ll ans=0;
while (i<=n)
{
int j=min(n/(n/i),m/(m/i));
ans+=1ll*(n/i)*(m/i)*(s[j]-s[i-1]);
i=j+1;
}
printf("%lld\n",ans);
}
return 0;
}