1.【nyoj737】石子合并
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描述 有N堆石子排成一排，每堆石子有一定的数量。现要将N堆石子并成为一堆。合并的过程只能每次将相邻的两堆石子堆成一堆，每次合并花费的代价为这两堆石子的和，经过N-1次合并后成为一堆。求出总的代价最小值。
- 输入
- 有多组测试数据，输入到文件结束。
每组测试数据第一行有一个整数n，表示有n堆石子。
接下来的一行有n（0< n <200）个数，分别表示这n堆石子的数目，用空格隔开 - 输出
- 输出总代价的最小值，占单独的一行
- 样例输入
-
3 1 2 3 7 13 7 8 16 21 4 18 - 样例输出
-
9 239 - 思路：
dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i][k]+dp[k+1][j]+sum[i][j])，dp[i][j]代表从i到j合并的最小值，sum[i][j]代表从i到j的价值和。
区间dp的循环是从小区间到大区间，根据这一规律写出循环结构。
注意dp[i][i]是0。
代码：
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; int dp[205][205],a[205],sum[205][205]; int main() { int n,i,j,k; while(cin>>n) { memset(sum,0,sizeof(sum)); memset(dp,0x3f3f3f3f,sizeof(dp)); for(i=1; i<=n; i++) { scanf("%d",&a[i]); dp[i][i]=0; sum[i][i]=a[i]; } for(i=1; i<n; i++) { for(j=i+1; j<=n; j++) sum[i][j]+=sum[i][j-1]+a[j]; } for(int len=2; len<=n; len++) for(i=1; i<=n-len+1; i++) { j=i+len-1; for(k=i; k+1<=j; k++) dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i][k]+dp[k+1][j]+sum[i][j]); } printf("%d\n",dp[1][n]); } return 0; }
2.【nyoj37】回文字符串
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给你一个字符串，可在任意位置添加字符，最少再添加几个字符，可以使这个字符串成为回文字符串。
样例输入
1
Ab3bd
样例输出
2
思路1：
利用反串找LCA
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; char s[1005]; int dp[1005][1005]; int main() { int t,i,j; cin>>t; while(t--) { scanf("%s",s); int n=strlen(s); memset(dp,0x3f3f3f3f,sizeof(dp)); dp[0][0]=0; for(i=1; i<n; i++) dp[i][i]=dp[i][i-1]=0; for(int len=2; len<=n; len++) for(i=0; i<=n-len; i++) { j=i+len-1; if(s[i]==s[j]) dp[i][j]=dp[i+1][j-1]; else dp[i][j]=min(dp[i+1][j]+1,dp[i][j-1]+1); } printf("%d\n",dp[0][n-1]); } }
思路2：
s[i]=s[j],dp[i][j]=dp[i+1][j-1];若!=，dp[i][j]=min(dp[i+1][j]+1,dp[i][j-1]+1)
解释一下，假如回文串是「1123」,dp[1][4] = min(dp[1][3],dp[2][4]) + 1,先把「112」看成一个整体，dp[1][3] = 1,就是说再补一个就可以回文，最后加上一个「3」，也就是 +1 操作；「123」同理。
注意dp[i][i]=0,当len=2时，若s[i]=s[j]则dp[i][j]=0,所以初始化dp[i][i-1]也要全部赋为0
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; char s[1005]; int dp[1005][1005]; int main() { int t,i,j; cin>>t; while(t--) { scanf("%s",s); int n=strlen(s); memset(dp,0x3f3f3f3f,sizeof(dp)); dp[0][0]=0; for(i=1; i<n; i++) dp[i][i]=dp[i][i-1]=0; for(int len=2; len<=n; len++) for(i=0; i<=n-len; i++) { j=i+len-1; if(s[i]==s[j]) dp[i][j]=dp[i+1][j-1]; else dp[i][j]=min(dp[i+1][j]+1,dp[i][j-1]+1); } printf("%d\n",dp[0][n-1]); } }
3.【nyoj15】括号匹配（二）
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描述给你一个字符串，里面只包含"(",")","[","]"四种符号，请问你需要至少添加多少个括号才能使这些括号匹配起来。
如：
[]是匹配的
([])[]是匹配的
((]是不匹配的
([)]是不匹配的
- 输入
- 第一行输入一个正整数N，表示测试数据组数(N<=10)
每组测试数据都只有一行，是一个字符串S，S中只包含以上所说的四种字符，S的长度不超过100 - 输出
- 对于每组测试数据都输出一个正整数，表示最少需要添加的括号的数量。每组测试输出占一行
- 样例输入
-
4 [] ([])[] ((] ([)] - 样例输出
-
0 0 3 2 - 思路：
- dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i][k]+dp[k+1][j])，特殊情况当s[i]与s[j]匹配时，dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i+1][j-1])
- 注意当截取长度为2且s[i]与s[j]匹配时，不需要添加符号，所以初始化dp[i][i-1]=0，dp[i][i]=1。
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; char s[105]; int dp[105][105]; int main() { int t,i,j,k; cin>>t; while(t--) { scanf("%s",s); int n=strlen(s); memset(dp,0x3f3f3f3f,sizeof(dp)); dp[0][0]=1; for(i=1; i<n; i++) { dp[i][i]=1; dp[i][i-1]=0; } for(int len=2; len<=n; len++) for(i=0; i<=n-len; i++) { j=i+len-1; if(s[i]==‘[‘&&s[j]==‘]‘||s[i]==‘(‘&&s[j]==‘)‘) dp[i][j]=dp[i+1][j-1]; for(k=i; k+1<=j; k++)//这里不是else dp[i][j]=min(dp[i][k]+dp[k+1][j],dp[i][j]); } printf("%d\n",dp[0][n-1]); } }
4.【nyoj746】整数划分（四）
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给出两个整数 n , m ,要求在 n 中加入m - 1 个乘号，将n分成m段，求出这m段的最大乘积
- 输入
- 第一行是一个整数T，表示有T组测试数据
接下来T行，每行有两个正整数 n，m ( 1<= n < 10^19, 0 < m <= n的位数)； - 输出
- 输出每组测试样例结果为一个整数占一行
- 样例输入
-
2 111 2 1111 2 - 样例输出
-
11 121思路：
由于最大的划分所有的乘号都是固定的，可以从前到后以此找出所有乘号的位置，找出最优子结构（从结论入手向前拆分问题）。
- dp[i][j]代表0到i个数字中添加j个乘号，要求dp[n][m]即求dp[k][m-1]*a[k+1][i],应用到所有dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[k][j-1]*a[k+1][i])，a[i][j]是从i到j的组合数。
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long LL; LL dp[25][25],a[25][25]; char s[25]; int main() { LL n,m,t,i,j,k; cin>>t; while(t--) { scanf("%s%lld",s,&m); n=strlen(s); memset(dp,0,sizeof(dp)); for(i=0; i<n; i++) a[i][i]=s[i]-‘0‘; for(i=0; i<n-1; i++) for(j=i+1; j<n; j++) a[i][j]=a[i][j-1]*10+(s[j]-‘0‘); for(i=0; i<n; i++) dp[i][0]=a[0][i]; for(j=1; j<=m-1; j++) for(i=1; i<n; i++) for(k=0; k+1<=i; k++) dp[i][j]=max(dp[i][j],dp[k][j-1]*a[k+1][i]); printf("%lld\n",dp[n-1][m-1]); } return 0; }
