Description
题面
有\(2*n\)的时间,去煎一块肉,肉有两面,你需要在特定的时间内翻转,使得每一面都恰好煎了\(n\)分钟,你有\(k\)次翻转的机会,每一次表示为一段时间 \([L_i,R_i]\),你可以在区间内翻转任意次, 保证区间不相交
问是否存在合法的方案使得两面恰好都只煎了 \(n\) 分钟,并输出最小翻转次数
\(n<=100000,k<=100\)
Solution
容易想到一个DP,设 \(f[i][j]\) 表示一共煎了 \(i\) 分钟,当前这一面煎了 \(j\) 分钟的最小翻转次数
\(f[i][j]=f[i-1][j]\)
\(f[i][j]=f[i-1][i-j]+1\)
然后发现第二种转移只有在 \(k\) 个区间内才会有,所以直接把第一维变成前 $i $ 个区间即可
容易发现:在一个区间内最多只会翻转两次,且某一面增加的时间的取值为 \([0,R_i-L_i]\)
用单调队列维护这个DP即可
复杂度 \(O(n*k)\)
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=200005,inf=2e8;
struct node{int l,r;}e[N];
int n,m,f[105][N],q[N],l,r;
inline void solve(int t){
for(int i=0;i<=n;i++)f[t][i]=f[t-1][i];
l=1;r=0;
for(int i=0;i<=e[t].r;i++){
while(l<=r && q[l]<i-(e[t].r-e[t].l))l++;
if(l<=r)f[t][i]=min(f[t][i],f[t-1][q[l]]+2);
if(i<=n){
while(l<=r && f[t-1][i]<=f[t-1][q[r]])r--;
q[++r]=i;
}
}
l=1;r=0;q[++r]=0;
for(int i=e[t].r;i>=0;i--){
if(e[t].r-i<=n){
while(l<=r && f[t-1][e[t].r-i]<=f[t-1][q[r]])r--;
q[++r]=e[t].r-i;
}
while(l<=r && q[l]<e[t].l-i)l++;
if(l<=r)f[t][i]=min(f[t][i],f[t-1][q[l]]+1);
}
}
int main(){
freopen("pp.in","r",stdin);
freopen("pp.out","w",stdout);
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=m;i++)scanf("%d%d",&e[i].l,&e[i].r);
for(int i=1;i<=n;i++)f[0][i]=N;f[0][0]=0;
for(int i=1;i<=m;i++)solve(i);
if(f[m][n]<N)printf("Full\n%d\n",f[m][n]);
else puts("Hungry");
return 0;
}