【BZOJ1294】[SCOI2009]围豆豆Bean
Description
Input
第一行两个整数N和M，为矩阵的边长。 第二行一个整数D，为豆子的总个数。 第三行包含D个整数V1到VD，分别为每颗豆子的分值。 接着N行有一个N×M的字符矩阵来描述游戏矩阵状态，0表示空格，#表示障碍物。而数字1到9分别表示对应编号的豆子。
Output
仅包含一个整数，为最高可能获得的分值。
Sample Input
3 8
3
30 -100 30
00000000
010203#0
00000000
3
30 -100 30
00000000
010203#0
00000000
Sample Output
38
HINT
50%的数据满足1≤D≤3。
100%的数据满足1≤D≤9，1≤N, M≤10，-10000≤Vi≤10000。
题解：我们可以枚举起点，用f[a][b][S]表示当前走到(a,b)，已经围住的豆豆状态为S的最短路。转移因为存在环，所以要用SPFA。但是问题在于，如何判断一个豆豆是否被我们围住了呢？
这里采用射线法：我们从每个豆豆向右引一条射线，如果这条射线与路径有奇数个交点则被围住，否则不被围住。但是可能存在我们顺着射线走的情况。于是将射线向下移动半格即可。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <queue>
using namespace std;
const int maxn=(1<<9)+3;
int f[10][10][maxn],val[maxn];
int inq[10][10][maxn],v[10],tr[10][10],dx[]={1,0,-1,0},dy[]={0,1,0,-1};
char s[10][10];
queue<int> q1,q2,q3;
int n,m,K,ans;
int main()
{
scanf("%d%d%d",&n,&m,&K);
int i,j,k,S,T,a,b,c,d;
for(i=0;i<K;i++) scanf("%d",&v[i]);
for(i=1;i<(1<<K);i++)
{
for(j=0;j<K;j++) if((i>>j)&1)
{
val[i]=val[i^(1<<j)]+v[j];
break;
}
}
for(i=0;i<n;i++)
{
scanf("%s",s[i]);
S=0;
for(j=0;j<m;j++)
{
if(s[i][j]>=‘1‘&&s[i][j]<=‘9‘) S|=1<<(s[i][j]-‘1‘);
tr[i][j]=S;
}
}
for(i=0;i<n;i++) for(j=0;j<m;j++) if(s[i][j]==‘0‘)
{
memset(f,0x3f,sizeof(f));
f[i][j][0]=0;
q1.push(i),q2.push(j),q3.push(0);
while(!q1.empty())
{
a=q1.front(),b=q2.front(),S=q3.front(),inq[a][b][S]=0,q1.pop(),q2.pop(),q3.pop();
if(a==i&&b==j)
{
ans=max(ans,val[S]-f[a][b][S]);
}
for(k=0;k<4;k++)
{
c=a+dx[k],d=b+dy[k];
if(c<0||c==n||d<0||d==m||s[c][d]!=‘0‘) continue;
T=S;
if(k==0) T^=tr[a][b];
if(k==2) T^=tr[c][d];
if(f[c][d][T]>f[a][b][S]+1)
{
f[c][d][T]=f[a][b][S]+1;
if(!inq[c][d][T]) inq[c][d][T]=1,q1.push(c),q2.push(d),q3.push(T);
}
}
}
}
printf("%d",ans);
return 0;
}
