首先糊一个结论 答案组成的肯定是一条链
并且我们一定要用最小的代价把他先变成\(0\)
定义一个状态\(f[S]\)表示当前的滑稽值为\(S\)的最小费用
\[f[S] -> f[S \& a[i]] + S \& a[i]\]
此时复杂度为\(O(na)\)
观察发现转移的顺序与\(a_i\)是无关的
因为他是\(\&\) 起来的 费用就是原先数位上的\(1\)
于是我们就有一个想法
定义状态\(ok[S]\)表示\(S\)可以被某一个\(a_i\)变成0
然后转移就是看某一个\(S\)的子集是否能被变成\(0\)
复杂度挺鬼畜的\(O(a^{log_2 3}) = O(a^{1.58})\)
#include<bits/stdc++.h>
#define int long long
#define fo(i, n) for(int i = 1; i <= (n); i ++)
#define out(x) cerr << #x << " = " << x << "\n"
#define type(x) __typeof((x).begin())
#define foreach(it, x) for(type(x) it = (x).begin(); it != (x).end(); ++ it)
using namespace std;
// by piano
template<typename tp> inline void read(tp &x) {
x = 0;char c = getchar(); bool f = 0;
for(; c < '0' || c > '9'; f |= (c == '-'), c = getchar());
for(; c >= '0' && c <= '9'; x = (x << 3) + (x << 1) + c - '0', c = getchar());
if(f) x = -x;
}
template<typename tp> inline void arr(tp *a, int n) {
for(int i = 1; i <= n; i ++)
cout << a[i] << " ";
puts("");
}
const int N = 3e5 + 233;
int Max = (1 << 18) - 1, n;
int a[N], f[N], has[N];
main(void) {
read(n);
int t = Max;
memset(f, 38, sizeof f);
for(int i = 1; i <= n; i ++)
read(a[i]), t &= a[i];
for(int i = 1; i <= n; i ++)
a[i] ^= t, f[a[i]] = a[i];
for(int k = 1; k <= n; k ++) {
int st = Max ^ a[k];
if(has[st]) continue;
for(int i = st; i; i = (i - 1) & st)
has[i] = 1;
}
for(int st = Max; st >= 1; st --)
if(f[st] < f[0])
for(int i = st; i; i = (i - 1) & st)
if(has[i])
f[st ^ i] = min(f[st ^ i], f[st] + (i ^ st));
cout << t * n + f[0] << "\n";
}