标签：维数 pre protector 数据 \n set long 技术 roo
T1:
看到这种东西就想二维数点。
如果圆弧i和圆弧j能贡献答案的话(假设i在左边)，需要满足 Li<Lj && Ri<Rj && Lj<Ri && Coli!=Colj 。
我们先不管最后颜色的那个限制，如果我们确定了i之后，能有贡献的j需要满足: Li<Lj && Lj<Ri && Rj>Ri .
这样我们按照左端点建立主席树，把右端点插进去，就能统计了。
然后再按照颜色分类，计算颜色相同的贡献减去，就能得到答案。
复杂度O(sigma(Si^2)logn)，能获得70分。
正解大概是均衡不同复杂度算法之类的东西，然而并不能想到不同复杂度的算法(然后题解真是这样的)。
70分暴力代码:
1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstring> 4 #include<algorithm> 5 #include<vector> 6 #include<map> 7 #include<cctype> 8 #define debug cout 9 using namespace std; 10 const int maxn=1e5+1e2,maxe=2e7+1e2; 11 const int mod=1e9+7; 12 13 struct PersistentSegmentTree { 14 int lson[maxe],rson[maxe],dat[maxe],cnt; 15 inline void insert(int &pos,int pre,int l,int r,const int &tar) { 16 dat[pos=++cnt] = dat[pre] + 1; 17 if( l == r ) return; 18 const int mid = ( l + r ) >> 1; 19 if( tar <= mid ) insert(lson[pos],lson[pre],l,mid,tar) , rson[pos] = rson[pre]; 20 else insert(rson[pos],rson[pre],mid+1,r,tar) , lson[pos] = lson[pre]; 21 } 22 inline int query(int pos,int pre,int l,int r,const int &ll,const int &rr) { 23 if( !pos || dat[pos] == dat[pre] ) return 0; 24 if( ll <= l && r <= rr ) return dat[pos] - dat[pre]; 25 const int mid = ( l + r ) >> 1; 26 if( rr <= mid ) return query(lson[pos],lson[pre],l,mid,ll,rr); 27 else if( ll > mid ) return query(rson[pos],rson[pre],mid+1,r,ll,rr); 28 return query(lson[pos],lson[pre],l,mid,ll,rr) + query(rson[pos],rson[pre],mid+1,r,ll,rr); 29 } 30 inline void reset() { 31 memset(dat+1,0,sizeof(int)*cnt) , memset(lson+1,0,sizeof(int)*cnt) , memset(rson+1,0,sizeof(int)*cnt) , cnt = 0; 32 } 33 }pst; 34 35 int in[maxn],root[maxn],n,cnt,ans,sub; 36 vector<int> pos[maxn]; 37 map<int,int> id; 38 39 inline int getint() { 40 int ret = 0 , fix = 1 , ch; 41 while( !isdigit(ch=getchar()) ) fix = ch == ‘-‘ ? -fix : fix; 42 do ret=ret*10+ch-‘0‘; while( isdigit(ch=getchar()) ); 43 return ret * fix; 44 } 45 46 int main() { 47 n = getint(); 48 for(int i=1;i<=n;i++) { 49 in[i] = getint(); 50 if( id.find(in[i]) == id.end() ) id[in[i]] = ++cnt; 51 pos[id[in[i]]].push_back(i); 52 } 53 for(int i=n,iid;i;i--) { 54 root[i] = root[i+1] , iid = id[in[i]]; 55 for(unsigned j=0;j<pos[iid].size();j++) if( pos[iid][j] > i ) { 56 pst.insert(root[i],root[i],1,n,pos[iid][j]); 57 ans += pst.query(root[i+1],root[pos[iid][j]],1,n,pos[iid][j]+1,n); 58 } 59 ans %= mod; 60 } 61 for(int i=1;i<=cnt;i++) { 62 pst.reset() , memset(root,0,sizeof(int)*(pos[i].size()+2)); 63 for(int j=(signed)pos[i].size()-1;j>=0;j--) { // j is left point of now . 64 root[j] = root[j+1]; 65 for(unsigned k=j+1;k<pos[i].size();k++) { // k is right point of now . 66 pst.insert(root[j],root[j],1,n,pos[i][k]); 67 sub += pst.query(root[j+1],root[k],1,n,pos[i][k]+1,n); 68 } 69 sub %= mod; 70 } 71 } 72 ans = ( ans - sub + mod ) % mod; 73 printf("%d\n",ans); 74 return 0; 75 }
T2:
全场就我不会做这题，高一学弟都会做......
我考虑枚举中间点，然后计算两遍有长度限制的大于/小于点数，发现并不可做，然后就O(n^2)暴力滚粗了。
正解是枚举右端点，计算中间点和左端点的贡献。
显然先要断环成链，我们用一颗权值线段树维护权值为i的点，左边比他小的点的个数fi。然后从左向右(n->2*n-1)枚举当前右端点，需要记录答案的就是sum(f1->f(in[i]-1))。
考虑怎么预处理出前n个点的区间的这个值，直接线段树求顺序对即可。
考虑怎么从区间[i,i+n-1]转移到区间[i+1,i+n]。显然对于权值>in[i]的所有点，其左边的点少了一个，应该区间-1。
考虑新加入的in[i+n]，所有的点都在他的左边，所以他的权值应该为in[i+n]-1。并且更新前权值为0(因为左边没有其他点)。
然后就是老年选手身败名裂的故事了。
60分暴力代码:
1 #include<cstdio> 2 typedef long long int lli; 3 const int maxn=5e3+1e2; 4 5 int in[maxn<<1],n; 6 lli f[maxn][maxn],ans; 7 8 int main() { 9 scanf("%d",&n); 10 for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",in+i) , in[i+n] = in[i]; 11 for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<n;j++) f[i][j] = f[i][j-1] + ( in[i+j] > in[i] ); 12 for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=i+1;j<i+n;j++) if( in[j] > in[i] ) ans += f[j>n?j-n:j][n-(j-i+1)]; 13 printf("%lld\n",ans); 14 return 0; 15 }
正解代码:
1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<cstring> 4 #include<algorithm> 5 #define debug cout 6 typedef long long int lli; 7 using namespace std; 8 const int maxn=2e5+1e2; 9 10 class SegmentTree { 11 private: 12 int l[maxn<<3],r[maxn<<3],lson[maxn<<3],rson[maxn<<3],cnt; 13 lli dat[maxn<<3],lazy[maxn<<3]; 14 public: 15 SegmentTree() { cnt = 1; } 16 inline void build(int pos,int ll,int rr) { 17 l[pos] = ll , r[pos] = rr; 18 if( ll == rr ) return; 19 const int mid = ( ll + rr ) >> 1; 20 build(lson[pos]=++cnt,ll,mid) , build(rson[pos]=++cnt,mid+1,rr); 21 } 22 inline void apply(int pos,lli x) { 23 dat[pos] += ( r[pos] - l[pos] + 1 ) * x , lazy[pos] += x; 24 } 25 inline void push(int pos) { 26 apply(lson[pos],lazy[pos]) , apply(rson[pos],lazy[pos]) , lazy[pos] = 0; 27 } 28 inline void update(int pos,const int &ll,const int &rr,const lli &x) { 29 if( rr < l[pos] || r[pos] < ll ) return; 30 if( ll <= l[pos] && r[pos] <= rr ) return apply(pos,x); 31 push(pos) , update(lson[pos],ll,rr,x) , update(rson[pos],ll,rr,x) , dat[pos] = dat[lson[pos]] + dat[rson[pos]]; 32 } 33 inline lli query(int pos,const int &ll,const int &rr) { 34 if( rr < l[pos] || r[pos] < ll ) return 0; 35 if( ll <= l[pos] && r[pos] <= rr ) return dat[pos]; 36 return push(pos) , query(lson[pos],ll,rr) + query(rson[pos],ll,rr); 37 } 38 }pre,sgt; 39 40 int in[maxn<<1],n; 41 lli ans; 42 43 int main() { 44 scanf("%d",&n) , pre.build(1,1,n) , sgt.build(1,1,n); 45 for(int i=1;i<=n;i++) scanf("%d",in+i) , in[i+n] = in[i] , pre.update(1,in[i]+1,n,1) , sgt.update(1,in[i],in[i],pre.query(1,in[i],in[i])); 46 for(int i=n,lst=1;i<n<<1;i++,lst++) ans += sgt.query(1,1,in[i]-1) , sgt.update(1,in[lst]+1,n,-1) , sgt.update(1,in[lst],in[lst],in[lst]-1); 47 printf("%lld\n",ans); 48 return 0; 49 }
T3:
这不是BZOJ4774吗?斯坦纳树板子题。
写写写，和原来的代码对拍，发现要跑5s？
赶紧大力卡常，卡到3s，没办法了不管了(不知道评测机具体体位架构所以不敢target("avx"))。
然后发现这题竟然A了(震惊!1.5s竟然能让斯坦纳树AC)
然后又发现zhy的乱搞算法也A了(他枚举点对顺序然后贪心最短路，显然不对)，这数据是有多水？
辣鸡出题人不会造数据费我时间掉我排名！
代码:
1 #pragma GCC optimize("Ofast,no-stack-protector") 2 //#pragma GCC target("avx") 3 #include<cstdio> 4 #include<cstring> 5 #include<algorithm> 6 #include<queue> 7 #include<cctype> 8 #define bool unsigned char 9 const unsigned maxn=1e4+1e2+3,maxs=(1<<9)+5,maxq=11; 10 const unsigned inf=0x3f3f3f3f; 11 // I know it‘s impossible for me to AC this problem in 1.5s, but I have to try. 12 13 unsigned s[maxn],t[maxn<<1],nxt[maxn<<1],l[maxn<<1]; 14 unsigned f[maxs][maxn],g[maxs],pts[maxq]; 15 unsigned n,m,d,full; 16 17 __inline void addedge(unsigned from,unsigned to,unsigned len) { 18 static unsigned cnt = 0; 19 t[++cnt] = to , l[cnt] = len , 20 nxt[cnt] = s[from] , s[from] = cnt; 21 } 22 __inline void spfa(unsigned* dis) { 23 static bool inq[maxn]; 24 static std::queue<unsigned> q; 25 for(unsigned i=1;i<=n;i++) if( dis[i] != inf ) q.push(i) , inq[i] = 1; 26 while( q.size() ) { 27 const unsigned pos = q.front(); q.pop() , inq[pos] = 0; 28 for(register unsigned at=s[pos];at;at=nxt[at]) 29 if( dis[t[at]] > dis[pos] + l[at] ) { 30 dis[t[at]] = dis[pos] + l[at]; 31 if( !inq[t[at]] ) q.push(t[at]) , inq[t[at]] = 1; 32 } 33 } 34 } 35 __inline void getf() { 36 memset(f,0x3f,sizeof(f)); 37 for(register unsigned i=0;i<(d<<1);i++) f[1<<i][pts[i]] = 0; 38 for(register unsigned sta=0;sta<full;sta++) { 39 for(register unsigned ss=sta;ss;ss=(ss-1)&sta) 40 for(register unsigned i=1;i<=n;i++) 41 f[sta][i] = std::min( f[sta][i] , f[ss][i] + f[sta^ss][i] ); 42 spfa(f[sta]); 43 } 44 } 45 __inline bool legal(unsigned sta) { 46 for(register unsigned i=0;i<=(d<<1);i++) 47 if( ( ( sta >> i ) & 1 ) != ( sta >> ( ( d << 1 ) - i - 1 ) & 1 ) ) return 0; 48 return 1; 49 } 50 __inline void getg() { 51 memset(g,0x3f,sizeof(g)); 52 for(register unsigned sta=0;sta<full;sta++) if( legal(sta) ) for(register unsigned i=1;i<=n;i++) g[sta] = std::min( g[sta] , f[sta][i] ); 53 for(register unsigned sta=0;sta<full;sta++) for(register unsigned ss=sta;ss;ss=(ss-1)&sta) g[sta] = std::min( g[sta] , g[ss] + g[sta^ss] ); 54 } 55 56 __inline unsigned char nextchar() { 57 static const unsigned BS = 1 << 22; 58 static unsigned char buf[BS],*st=buf+BS,*ed=buf+BS; 59 if( st == ed ) ed = buf + fread(st=buf,1,BS,stdin); 60 return st == ed ? -1 : *st++; 61 } 62 __inline unsigned getint() { 63 register unsigned ret = 0 , ch; 64 while( !isdigit(ch=nextchar()) ); 65 do ret=ret*10+ch-‘0‘; while( isdigit(ch=nextchar()) ); 66 return ret; 67 } 68 69 int main() { 70 n = getint() , m = getint() , full = 1 << ( ( d = getint() ) << 1 ); 71 for(register unsigned i=1,a,b,l;i<=m;i++) a = getint() , b = getint() , l = getint() , addedge(a,b,l) , addedge(b,a,l); 72 for(register unsigned i=0;i<d;i++) pts[i] = i + 1 , pts[(d<<1)-i-1] = n - i; 73 getf() , getg(); 74 if( g[full-1] == inf ) puts("-1"); 75 else printf("%u\n",g[full-1]); 76 return 0; 77 }
标签：维数 pre protector 数据 \n set long 技术 roo
原文地址：https://www.cnblogs.com/Cmd2001/p/8875984.html
