P1220 关路灯

标签：耗电   memset   注意   its   定义   eof   amp   ace   region   

题目描述

某一村庄在一条路线上安装了n盏路灯，每盏灯的功率有大有小（即同一段时间内消耗的电量有多有少）。老张就住在这条路中间某一路灯旁，他有一项工作就是每天早上天亮时一盏一盏地关掉这些路灯。

为了给村里节省电费，老张记录下了每盏路灯的位置和功率，他每次关灯时也都是尽快地去关，但是老张不知道怎样去关灯才能够最节省电。他每天都是在天亮时首先关掉自己所处位置的路灯，然后可以向左也可以向右去关灯。开始他以为先算一下左边路灯的总功率再算一下右边路灯的总功率，然后选择先关掉功率大的一边，再回过头来关掉另一边的路灯，而事实并非如此，因为在关的过程中适当地调头有可能会更省一些。

现在已知老张走的速度为1m/s，每个路灯的位置（是一个整数，即距路线起点的距离，单位：m）、功率（W），老张关灯所用的时间很短而可以忽略不计。

请你为老张编一程序来安排关灯的顺序，使从老张开始关灯时刻算起所有灯消耗电最少（灯关掉后便不再消耗电了）。

输入输出格式

输入格式：

文件第一行是两个数字n(1<=n<=50，表示路灯的总数)和c(1<＝c<=n老张所处位置的路灯号)；

接下来n行，每行两个数据，表示第1盏到第n盏路灯的位置和功率。数据保证路灯位置单调递增。

输出格式：

一个数据，即最少的功耗(单位：J，1J＝1W·s)。

输入输出样例

5 3
2 10
3 20
5 20
6 30
8 10

270  

说明

输出解释：

{此时关灯顺序为3 4 2 1 5，不必输出这个关灯顺序}

Solution

  先吐槽一波,今天效率低的可啪.只刷了一道题...

  我们看这个题.一看题面便应该会往线性DP这方面想.然后这很显然是一道区间DP。

  还需要预处理一个东西,就是所有功率的前缀和.这是因为每一秒钟他消耗的电能是只有那些没有关掉的功率的和.

  然后又因为我们处理的是区间,所以就用前缀和来维护.

  只不过状态定义会有一些费脑筋.

状态定义

f[i][j][1] 当前这个区间到了第一个.
f[i][j][0] 否则则代表到了最后一个.

前导状态

f[i+1][j][1] :
要不从 i+1 直接到 i 关掉它.
f[i+1][j][0] :
要不从 j 折返 关掉 i.
f[i][j-1][1]
f[i][j-1][0]
同样的道理.

然后每次增加的量就是
sum(当前剩余的总功率) *time (这一步的时间).

然后动态转移方程也就比较容易推出来了.

代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn=1008;
int f[maxn][maxn][2];
int p[maxn],t[maxn];
int sum[maxn];
int n,s;
int main()
{
    cin>>n>>s;
    memset(f,127,sizeof(f));
    for(int i=1;i<=n;i++)
    {
        cin>>t[i]>>p[i];
        sum[i]=sum[i-1]+p[i];
        if(i==s)
        f[i][i][0]=f[i][i][0]=0;
    }
    //注意区间DP的循环别老是搞错... 
    //要先枚举小区间再枚举大区间!!!
    int j;
    for(int k=2;k<=n;k++)
    for(int i=1;i+k-1<=n;i++)
    {    
        j=i+k-1;    
        f[i][j][0]=min(f[i+1][j][0]+(t[i+1]-t[i])*(sum[i]+sum[n]-sum[j]),f[i+1][j][1]+(t[j]-t[i])*(sum[i]+sum[n]-sum[j]));
        f[i][j][1]=min(f[i][j-1][0]+(t[j]-t[i])*(sum[i-1]+sum[n]-sum[j-1]),f[i][j-1][1]+(t[j]-t[j-1])*(sum[i-1]+sum[n]-sum[j-1]));    
    }
    cout<<min(f[1][n][1],f[1][n][0])<<endl;
}

P1220 关路灯

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原文地址：https://www.cnblogs.com/Kv-Stalin/p/8955685.html