小Q在电子工艺实习课上学习焊接电路板。一块电路板由若干个元件组成，我们不妨称之为节点，并将其用数
字1,2,3….进行标号。电路板的各个节点由若干不相交的导线相连接，且对于电路板的任何两个节点，都存在且仅
存在一条通路（通路指连接两个元件的导线序列）。在电路板上存在一个特殊的元件称为“激发器”。当激发器工
作后，产生一个激励电流，通过导线传向每一个它所连接的节点。而中间节点接收到激励电流后，得到信息，并将
该激励电流传向与它连接并且尚未接收到激励电流的节点。最终，激烈电流将到达一些“终止节点”——接收激励
电流之后不再转发的节点。激励电流在导线上的传播是需要花费时间的，对于每条边e，激励电流通过它需要的时
间为te，而节点接收到激励电流后的转发可以认为是在瞬间完成的。现在这块电路板要求每一个“终止节点”同时
得到激励电路——即保持时态同步。由于当前的构造并不符合时态同步的要求，故需要通过改变连接线的构造。目
前小Q有一个道具，使用一次该道具，可以使得激励电流通过某条连接导线的时间增加一个单位。请问小Q最少使用
多少次道具才可使得所有的“终止节点”时态同步？
第一行包含一个正整数N，表示电路板中节点的个数。第二行包含一个整数S，为该电路板的激发器的编号。接
下来N-1行，每行三个整数a , b , t。表示该条导线连接节点a与节点b，且激励电流通过这条导线需要t个单位时
间
我们注意到，对于每一个节点来说，从根到这个节点距离不变，因此从它到它能到的任一节点距离相等。因此我们通过倒推可以写出方程：f[fa]=max(f[fa],f[son]+e[i].cap)。最后的答案就是sigma(f[x]-f[son]-e[i].cap)。可以采用树形dp来做。
1 #include<iostream>
2 #include<cstdio>
3 #include<cstring>
4 #include<cstdlib>
5 #include<algorithm>
6 #include<cmath>
7 #define ll long long
8 using namespace std;
9 struct node{
10 int to,nxt;
11 ll cap;
12 }e[1000010];
13 int n,s,cnt=1;
14 int head[500010];
15 ll ans=0;
16 ll dp[500010];
17 void add(int u,int v,ll c){
18 e[++cnt].to=v;e[cnt].nxt=head[u];head[u]=cnt;e[cnt].cap=c;
19 e[++cnt].to=u;e[cnt].nxt=head[v];head[v]=cnt;e[cnt].cap=c;
20 }
21 void dfs(int x,int fr){
22 int i;
23 for(i=head[x];i;i=e[i].nxt){
24 if(e[i].to!=fr){
25 dfs(e[i].to,x);
26 dp[x]=max(dp[x],dp[e[i].to]+e[i].cap);
27 }
28 }
29 for(i=head[x];i;i=e[i].nxt){
30 if(e[i].to!=fr){
31 ans=ans+dp[x]-dp[e[i].to]-e[i].cap;
32 }
33 }
34 }
35 int main(){
36 scanf("%d%d",&n,&s);
37 int i,j;
38 memset(dp,0,sizeof(dp));
39 for(i=1;i<n;++i){
40 int x,y;ll z;
41 scanf("%d%d%lld",&x,&y,&z);
42 add(x,y,z);
43 }
44 dfs(s,0);
45 printf("%lld\n",ans);
46 return 0;
47 }
